2025屆廣東省深圳高中聯考聯盟物理高三第一學期期中調研模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、生活中常見手機支架，其表面采用了納米微吸材料，用手觸碰無粘感，接觸到平整光滑的硬性物體時，會牢牢吸附在物體上．如圖所示是手機被吸附在支架上靜止時的側視圖，若手機的質量為m，手機平面與水平間夾角為θ，則手機支架對手機作用力()A．大小為mg，方向豎直向上B．大小為mg，方向豎直向下C．大小為mgcosθ，方向垂直手機平面斜向上D．大小為mgsinθ，方向平行手機平面斜向上2、在星球表面發射探測器，當發射速度為v時，探測器可繞星球表面做勻速圓周運動；當發射速度達到2v時，可擺脫星球引力束縛脫離該星球。已知地球、火星兩星球的質量比約為10∶1，半徑比約為2∶1。下列說法正確的有A．探測器的質量越大，脫離星球所需要的發射速度越大B．探測器在地球表面受到的引力比在火星表面的大C．探測器分別脫離兩星球所需要的發射速度相等D．探測器脫離星球的過程中，勢能逐漸減小3、質量為1kg的質點，受水平恒力作用，由靜止開始做勻加速直線運動，它在第t秒內的位移為x，則F的大小為()A． B． C． D．4、如圖所示，ad、bd、cd是豎直面內三根固定的光滑細桿,a、b、c、d位于同一圓周上，a點為圓周的最高點，d點為圓周的最低點.每根桿上都套著一個質量相同的小滑環（圖中未畫出），三個滑環分別從a、b、c處釋放（初速為零），關于它們下滑的過程，下列說法中正確的是（）A．重力對它們的沖量相同 B．彈力對它們的沖量相同C．合外力對它們的沖量相同 D．它們的動能增量相同5、為了節省能量，某商場安裝了智能化的電動扶梯無人乘坐時，扶梯運轉得很慢；有人站上扶梯時，它會先慢慢加速，再勻速轉動一顧客乘扶梯上樓，恰好經歷了這兩個過程，如圖所示，則下列說法正確的是()A．顧客始終受到三個力的作用B．顧客始終處于超重狀態C．扶梯對顧客作用力的方向先指向左上方，再豎直向上D．扶梯對顧客作用力的方向先指向右上方，再豎直向上6、以下說法正確的是（）A．合外力對物體做功為0，則該物體動量一定不變 B．合外力對物體沖量為0，則該物體動能一定不變C．做變速運動的物體，動能一定變化 D．做變速運動的物體，動量可能不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，木盒中固定一質量為m的砝碼，木盒和砝碼在桌面上以一定的初速度一起以加速度a1滑行一段距離x1后停止．現拿走砝碼，而持續加一個豎直向下的恒力F(F＝mg)，若其他條件不變，木盒以加速度a2滑行距離x2后停止．則(

)A．a2=a1B．a2>a1C．X2>X1D．X2<X18、如圖所示，帶有擋板的光滑斜面固定在水平地面上，斜面的傾角為．質量均為1kg的A、B兩物體用輕彈簧拴在一起，彈簧的勁度系數為5N/cm，質量為2kg的物體C用細線通過光滑的輕質定滑輪與物體B連接．開始時A、B均靜止在斜面上，A緊靠在擋板處，用手托住C，使細線剛好被拉直．現把手拿開，讓C由靜止開始運動，從C開始運動到A剛要離開擋板的過程中，下列說法正確的是（）（取g=10m/s2）A．初狀態彈簧的壓縮量為1cmB．末狀態彈簧的伸長量為1cmC．物體B、C與地球組成的系統機械能守恒D．物體C克服繩的拉力所做的功為0.2J9、如圖所示，真空中一條直線上有四點A、B、C、D，AB=BC=CD，只在A點放一電量為+Q的點電荷時，B點電場強度為E，若又將等量異號的點電荷﹣Q放在D點，則（）A．B點電場強度為，方向水平向右B．B點電場強度為，方向水平向右C．B、C兩點的電場強相同D．BC線段的中點電場強度為零10、在光滑的水平地面上方，有兩個磁感應強度大小均為B，方向相反的水平勻強磁場，如圖所示，PQ為兩個磁場的邊界，磁場范圍足夠大．一個半徑為a，質量為m，電阻為R的金屬圓環垂直磁場方向，以速度v從如圖位置向右運動，當圓環運動到直徑剛好與邊界線PQ重合時，圓環的速度為，則下列說法正確的是A．此時圓環中的電功率為B．此時圓環的加速度為C．此過程中通過圓環截面的電量為D．此過程中回路產生的電能為0.75mv2三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組利用如圖所示的實驗裝置來探究機械能守恒定律，將一端帶有光滑的定滑輪的長木板另一端抬起放置在水平桌面上，并在長木板上合適的位置固定兩光電門A和B．現將一帶有遮光條的物塊放在長木板上，并用質量不計的細繩連接一質量為m的鉤碼Q，然后將滑塊由靜止釋放，已知兩光電門之間的距離為L，物塊和遮光條的總質量為M，擋光寬度為d（且d遠小于L），物塊經過兩光電門時的擋光時間分別為．通過以上的敘述回答下列問題：(1)如果該小組的同學利用上述的實驗裝置來探究加速度與質量、外力的關系時，平衡摩擦力后，還需滿足______時物塊的合外力近似等于鉤碼的重力，則物塊在長木板上下滑時加速度的關系式為_____（用題中的物理量表示）；(2)實驗前，該小組的同學已經平衡了摩擦力，如圖所示，不掛Q，滑塊能勻速滑行，則_________（填“可以”或“不可以”）用該裝置驗證PQ組成的系統的機械能守恒，其原因為_____________．12．（12分）某同學根據機械能守恒定律，設計實驗探究彈簧彈性勢能與壓縮量的關系①如圖23（a），將輕質彈簧下端固定于鐵架臺，在上端的托盤中依次增加砝碼，測量相應的彈簧長度，部分數據如下表，由數據算得勁度系數k=N/m．（g取9.80m/s2）砝碼質量（g）

50

100

150

彈簧長度（cm）

8.62

7.63

6.66

②取下彈簧，將其一端固定于氣墊導軌左側，如圖23（b）所示：調整導軌，使滑塊自由滑動時，通過兩個光電門的速度大小．③用滑塊壓縮彈簧，記錄彈簧的壓縮量x；釋放滑塊，記錄滑塊脫離彈簧后的速度v，釋放滑塊過程中，彈簧的彈性勢能轉化為．④重復③中操作，得到v與x的關系如圖23（c）．由圖可知，v與x成關系．由上述實驗可得結論：對同一根彈簧，彈性勢能與彈簧的成正比．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，一質量為0.5kg的滑塊放在傾角為37°的固定斜面上（已知，，）。（1）若滑塊靜止，求其受到的摩擦力大小；（2）若滑塊勻速下滑，求其與斜面間的動摩擦因數；（3）若滑塊與斜面間的動摩擦因數為0.25，對滑塊施加多大的沿斜面向上的力可以推動它向上勻速運動；（4）若斜面是光滑的，對滑塊施加多大的水平向右的力可以保持靜止。14．（16分）如圖甲所示，用固定的電動機水平拉著質量m＝2kg的小物塊和質量M＝1kg的平板以相同的速度一起向右勻速運動，物塊位于平板左側，可視為質點．在平板的右側一定距離處有臺階阻擋，平板撞上后會立刻停止運動．電動機功率保持P＝3W不變．從某時刻t＝0起，測得物塊的速度隨時間的變化關系如圖乙所示，t＝6s后可視為勻速運動，t＝10s時物塊離開木板．重力加速度g＝10m/s2，求：(1)平板與地面間的動摩擦因數μ為多大？(2)物塊在1s末和3s末受到的摩擦力各為多大？(3)平板長度L為多少？15．（12分）如圖，一質量為m、電荷量為g（q＞0的粒子在勻強電場中運動，A，B為其運動軌跡上的兩點，A，B水平距離為L，運動軌跡在豎直平面內，已知該粒子在A點的速度大小為v0，方向與豎直方向夾角為60°：它運動到B點時速度v大小為v0，方向豎直上，不計重力．求勻強電場的場強大小．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

手機受到的所有力之中，除重力外，其它力的施力物體都是支架。【詳解】受力分析可知，手機除受重力外，還受到手機支架給它的其它力。手機靜止，處于平衡狀態，則支架給手機所有力的合力必然和重力等大反向，即F支架故本題正確答案選A。【點睛】根據多力平衡的特點即可求解，即支架對手機所有力的合力必然與手機重力等大反向。2、B【解析】

A：探測器繞星球表面做勻速圓周運動時：GMmR2=mv2R，解得：v=GMB：探測器在星球表面受到的引力F=GMmR2，地球、火星兩星球的質量比約為10∶1，半徑比約為2∶1，則探測器在地球表面受到的引力與探測器在火星表面受到的引力之比F地C：探測器繞星球表面做勻速圓周運動時：GMmR2=mv2R，解得：v=GMR，地球、火星兩星球的質量比約為10∶1D：探測器脫離星球的過程中，高度逐漸增大，勢能逐漸增大。故D項錯誤。3、A【解析】根據位移公式：，得：．根據牛頓第二定律得，水平恒力為：.故選A.【點睛】本題考查了牛頓第二定律和運動學公式的基本運用，知道加速度是聯系力學和運動學的橋梁．4、A【解析】

設任一細桿與豎直方向的夾角為，環運動的時間為，圓周的直徑為D,則環的加速度大小，由位移公式得：，得到，所以三個環運動時間相同；A、由于三個環的重力相等，運動時間相同，由公式分析可知，各環重力的沖量相等，故A正確；B、c環受到的彈力最大，運動時間相等，則彈力對環c的沖量最大，故B錯誤；C、a環的加速度最大，受到的合力最大，則合力對a環的沖量最大，故C錯誤；D、重力對a環做功最大，其動能的增量最大，故D錯誤。故選A。5、D【解析】

分加速和勻速兩個過程對顧客進行運動分析和受力分析，加速過程合力斜向右上方，故支持力大于重力，靜摩擦力水平向右；勻速過程重力和支持力二力平衡。【詳解】A、在加速過程中，顧客受重力、支持力和靜摩擦力三個力作用，勻速過程中，顧客受重力和支持力兩個力作用，故A錯誤。B、加速過程中，顧客在豎直方向上有加速度，支持力大于重力，處于超重狀態，勻速運動過程中，重力和支持力平衡，不是超重狀態，故B錯誤。CD、在慢慢加速的過程中，受力如圖，物體加速度與速度同方向，合力斜向右上方，因顧客受到的摩擦力與接觸面平行水平向右，電梯對其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上方，當勻速運動時，扶梯對顧客作用力為支持力，豎直向上，故D正確，C錯誤。故選：D【點睛】本題關鍵要分兩個過程研究，加速過程可以先找出加速度方向，然后得出合力方向，結合物體的受力分析，可以得知各個力；勻速過程二力平衡，與運動方向無關。6、B【解析】

A．合外力對物體做功為0，物體動能不變，速度方向可能改變，它的動量可能要改變，故A錯誤；B．由動量定理可知，合外力對物體沖量為0，則物體的動量不變，即物體的速度不變，所以物體的動能一定不變，故B正確；C．做變速運動的物體，動能不一定變化，如勻速圓周運動的速度大小不變，動能不變，故C錯誤；D．做變速運動的物體，速度一定變化，則物體的動量一定變化，故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

設木盒的質量為M，根據牛頓第二定律得，放砝碼時，加速度：；拿走砝碼施加F時，加速度：，可知a2＞a1．根據v2=2ax得，．知加速度增大，則滑行的距離變小，即x2<x1．故BD正確，AC錯誤．故選BD．【點睛】解決本題的關鍵通過牛頓第二定律比較出加速度的大小，注意選擇的研究對象不同，第一次選擇整體，第二次選擇木盒．8、ABD【解析】

A．初狀態彈簧的壓縮量為故A正確．B．末狀態彈簧的伸長量為故B正確．C．對于物體B、C與地球組成的系統，由于彈簧對B先做正功后做負功，所以系統的機械能不守恒．故C錯誤．D．初末狀態彈簧的彈性勢能相等，對于彈簧、物體B、C與地球組成的系統，根據機械能守恒定律得對C，由動能定理得解得物體C克服繩的拉力所做的功W克=0.2J，故D正確．9、BC【解析】

AB.只在A點放正電荷時，B點的場強為：，又將等量異號的點電荷﹣Q放在D點后，-Q在B點產生的場強為：，所以B點場強為：，方向水平向右，故A錯誤，B正確；C.C點場強為：，方向水平向右，所以B、C兩點的電場強度相同，故C正確；D.BC線段的中點電場強度：，故D錯誤．10、AC【解析】

A.當圓環的直徑與邊界線PQ重合時，圓環左右兩個半環均產生感應電動勢，有效切割的長度都等于直徑，故線圈中的感應電動勢為：圓環中的電功率為：故A正確。B.此時圓環受力為：故B錯誤。C.此過程中，電路中的平均電動勢為：則電路中通過的電量為：故C正確。D.此過程中產生的電能等于電路中的熱量，也等于外力所做的功，則一定也等于動能的改變量，故故D錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、M遠大于m不可以有摩擦力做功【解析】(1)設繩子拉小車的力為F，重物Q與小車P加速度大小相，對于小車有F=Ma；對于重物mg-F=ma；解得，只有當M遠大于m時，才可以認為物塊P受到外力的合力等于Q重物的重力．物塊經過兩光電門的速度分別為，根據勻變速運動的規律可得，解得；(2)雖然平衡了摩擦力，但摩擦力并沒有消失，在物塊運動的過程中有摩擦力做功，故系統機械能不守恒，所以不能用些裝置驗證系統機械能守恒．【點睛】本題考查了實驗注意事項、實驗數據處理，本題是一道基礎題，掌握基礎知識即可解題，知道實驗原理是解題的前提與關鍵；平時要注意基礎知識的學習．12、①50N/m（49.5～50.5）②相等③動能④正比；x2（或壓縮量的平方）【解析】

①據，，有：，則，同理可以求得：，則勁度系數為：．[②使滑塊通過兩個光電門時的速度相等，則可以認為滑塊離開彈簧后做勻速直線運動；③彈性勢能轉化為滑塊的動能；④圖線是過原點的傾斜直線，所以v與x成正比；彈性勢能轉化為動能，即，即彈性勢能與速度平方成正比，又由v與x成正比，則彈性勢能與壓縮量的平方成正比．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）3N（2）0.75（3）4N（4）3.75N【解析】

（1）若滑塊靜止，則滑塊受到的摩擦力等于重力沿斜面向下的分量，即（2）若滑塊勻速下滑，則由平衡知識可知：解得（3）當滑塊向上勻速運動時：解得F=4N（4）當物塊靜止時：解得F＇=3.75N14、（1）0.16N（1）6N10N（3）1.416m【解析】

試題分析：（1）顯然在0﹣1s內物體勻速運動，拉力等于地面對平板的摩擦力，根據P=FV求出物體所受的摩擦力，然后根據f=μFN求出動摩擦因數μ．（1）在t=1s后平板不動，物塊所受的摩擦力為平板給他的滑動摩擦力，直到最后勻速運動摩擦力都保持不變，由P=FV可知物體勻速運動時的摩擦力從而求出物體在3s末所受的滑動摩擦力f1．（3）根據圖象可知物體在t=1s后開始在平板上滑動，在6s時離開平板，故在平板上滑動4s，根據圖象可知物體從平板上滑下時的速度為0.3m/s，拉力所做的功為Pt，物體對地的位移即平板的長度，從而可以知道摩擦力所做的功德表達式f1L．這樣利用動能定理即可求出平板的長度L．解：解：（1）在0～1s內兩物體一起以0.5m/s的