2025屆江蘇省蘇州市第五中學高三上物理期中經典試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、太空飛船在宇宙空間中飛行時，會遇到太空塵埃的碰撞而受到阻礙作用．設單位體積的太空均勻分布著塵埃n顆，每顆塵埃平均質量為m，塵埃速度可忽略、飛船的橫截面積為S，與塵埃碰撞后將塵埃完全黏附住．當飛船維持恒定的速率v飛行時，飛船引擎需要提供的平均推力為A．nmv2S B．nmv2S C．nmv2S D．nmv2S2、中國科學家近期利用“悟空”衛星獲得了世界上最精確的高能電子宇宙射線能譜，有可能為暗物質的存在提供新證據．已知“悟空”在低于同步衛星的圓軌道上運行，經過時間t(t小于其周期)，運動的弧長為s，與地球中心連線掃過的弧度為β，引力常量為G．根據上述信息，下列說法中正確的是（）A．“悟空”的線速度大于第一宇宙速度B．“悟空”的加速度比地球同步衛星的小C．“悟空”的環繞周期為D．“悟空”的質量為3、如圖所示,導線框中電流為I,導線框垂直于磁場放置,磁感應強度為B,AB與CD相距為d,則棒MN所受安培力大小(

)A． B．

C．

D．4、物理學中引入“瞬時速度”概念運用了A．等效替代方法B．控制變量方法C．無限逼近方法D．理想實驗方法5、一輛汽車在平直的公路上運動，運動過程中先保持某一恒定加速度，后保持恒定的牽引功率，其牽引力和速度的圖像如圖所示，若已知汽車的質量m，牽引力和速度及該車所能達到的最大速度，運動過程中阻力大小恒定，則根據圖像所給信息，下列說法正確的是（）A．汽車運動中的最大功率為 B．速度為時的加速度大小為C．汽車行駛過程中所受阻力 D．恒定加速時，加速度為6、材料相同、質量不同的兩滑塊，以相同的初動能分別在水平面上運動直到停止，則A．質量大的滑塊運動時間長 B．質量小的滑塊運動位移大C．質量大的滑塊所受摩擦力的沖量小 D．質量小的滑塊克服摩擦力做功多二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為汽車的加速度a和車速的倒數的關系圖象。若汽車質量為2×103kg，它由靜止開始沿平直公路行駛，且行駛中阻力恒定，最大車速為30m/s，則（）A．車所受阻力為2×103N B．汽車在車速為5m/s時，功率為6×104WC．汽車的額定功率為6×104W D．汽車勻加速所需時間為5s8、下列說法中正確的是_______A．分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小B．布朗運動反映了氣體或液體分子的無規則運動C．食鹽晶體中的鈉、氯離子按一定規律分布，具有空間上的周期性D．做功和熱傳遞在改變系統內能方面是不等價的E.第二類永動機不違背能量守恒定律，因此是可能制成的9、小船橫渡一條兩岸平行的河流，船在靜水中的速度大小不變，船頭始終垂直指向河的對岸，水流速度方向保持與河岸平行，若小船的運動軌跡如圖所示，則()A．越接近河岸水流速度越大B．越接近河岸水流速度越小C．小船渡河的時間會受水流速度變化的影響D．小船渡河的時間不會受水流速度變化的影響10、攝影組在某大樓邊拍攝武打片，要求特技演員從地面飛到屋頂如圖所示.若特技演員的質量，人和車均視為質點，g=10m/s2，導演從某房頂離地H=8m處架設了輪軸，輪和軸的直徑之比為2:1.若軌道車從圖中A前進s=6m到B處時速度為v=5m/s，則由于繞在輪上細剛絲拉動，特技演員()

A．上升的高度為4mB．在最高點具有豎直向上的速度6m/sC．在最高點具有的機械能為2900JD．鋼絲在這一過程中對演員做的功為1225J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某研究性學習小組欲測定一塊電池的電動勢E和內電阻r．（1）用多用電表粗略測定該電池電動勢E．在操作無誤的情況下，多用電表表盤示數如圖，該電池電動勢E大小為________V．（2）用電壓表V、電阻箱R、R0=45Ω的定值電阻、開關S、若干導線和該電池組成如圖所示的電路，精確測定該電池電動勢E和內電阻r．（ⅰ）根據電路圖，用筆畫線代替導線，將實物圖連接成完整電路________（ⅱ）閉合開關S，調整電阻箱阻值R，讀出電壓表V相應示數U．該學習小組測出多組R、U數據，計算出相應的與的值，用描點作圖法作出了如上圖所示圖線，從圖線中可知電源電動勢E＝________V；電源內阻r=________Ω．12．（12分）某學習小組想做“測量一節干電池的電動勢及內阻”的實驗．（1）該小組分配到的器材中，有兩個由相同電阻絲繞制而成的滑動變阻器，阻值分別為、，但變阻器阻值標簽模糊，無法識別．則根據已有知識并結合圖（a），本實驗應選擇的變阻器是__________A．甲為，選擇甲B．甲為，選擇甲C．乙為，選擇乙D．乙為，選擇乙（2）該小組選擇了合適的滑動變阻器后進行電路連接，如圖（b）所示為在接最后一根導線之前電路中各元件的放大情形，此時該電路存在的兩處錯誤為________（3）小組成員糾正錯誤后重新開始進行實驗，測得數據后，在坐標紙中描點，如圖（c）．請在坐標紙中描出圖象_______,并計算出該小組的舊電池的內阻r=________Ω．（結果保留兩位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的平行金屬板AB間的距離d=0.1m，板長L=0.3m，在金屬板的左端豎直放置一帶有小孔的擋板，小孔恰好位于AB板的正中間，距金屬板右端x=0.5m處豎直放置一足夠大的熒光屏，現在AB板間加如圖（b）所示周期性的方波形電壓，已知U0=1.0×102V，t=0s時刻，A板電勢高于B板電勢。在擋板的左側，有大量帶負電的相同粒子以平行于金屬板方向的速度持續射向擋板，粒子的質量m=1.0×10-7kg，電荷量q=1.0×10-2C，速度大小均為v0=1.0×104m/s，帶電粒子的重力不計，則：（1）求粒子在電場中的運動時間；（2）求在t=0時刻進入的粒子打在熒光屏上的位置到光屏中心O點的距離；（3）若撤去擋板，求粒子打在熒光屏上的最高位置和最低位置到光屏中心O點的距離。14．（16分）如圖所示，在粗糙水平臺階上靜止放置一質量m=0.5kg的小物塊，它與水平臺階表面間的動摩擦因數μ=0.5，且與臺階邊緣O點的距離s=5m．在臺階右側固定了一個以O點為圓心的圓弧形擋板，現用F=5N的水平恒力拉動小物塊，一段時間后撤去拉力，小物塊最終水平拋出并擊中擋板．（g取10m/s2）（1）若小物塊恰能擊中擋板的上邊緣P點，P點的坐標為（1.6m，0.8m），求其離開O點時的速度大小；（2）為使小物塊擊中擋板，求拉力F作用的距離范圍；（3）改變拉力F的作用時間，使小物塊擊中擋板的不同位置，求擊中擋板時小物塊動能的最小值．（結果可保留根式）15．（12分）如圖所示，光滑水平面上，質量為2m的小球B連接著輕質彈簧，處于靜止狀態；質量為m的小球A以速度v0向右勻速運動，接著逐漸壓縮彈簧并使B運動，過一段時間后，A與彈簧分離．設小球A、B與彈簧相互作用過程中無機械能損失，彈簧始終處于彈性限度以內．(1)求當彈簧被壓縮到最短時，彈簧的彈性勢能E；(2)若開始時在小球B的右側某位置固定一塊擋板(圖中未畫出)，在小球A與彈簧分離前使小球B與擋板發生正碰，并在碰后立刻將擋板撤走．設小球B與固定擋板的碰撞時間極短．碰后小球B的速度大小不變，但方向相反．設此后彈簧彈性勢能的最大值為Em，求Em可能值的范圍．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

以飛船為參照物，選擇一和飛船橫截面積相等的圓柱內的塵埃進行研究，則該圓柱內的塵埃相對飛船以速度v做勻速直線運動，在t時間內，由長度為x=vt，橫截面積S，體積為V=vtS的塵埃柱碰到飛船上，塵埃柱內塵埃顆粒數目為N=nvtS塵埃總質量為M=Nm=mnvtS根據動量定理Ft=Mv聯立解得故選B．2、C【解析】

A．根據可知，，由于悟空”的軌道半徑大于地球半徑，所以“悟空”的線速度小于第一宇宙速度，故A錯誤；B．根據可知，，由于“悟空”在低于同步衛星的圓軌道上，所以“悟空”的加速度比地球同步衛星的大，故B錯誤；C．“悟空”的環繞的角速度，則“悟空”的環繞周期為，故C正確；D．“悟空”繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，即：，，聯立解得，地球的質量為，不能求出“悟空”的質量，故D錯誤．【點晴】已知“悟空”經過時間t（t小于太空電站運行的周期），它運動的弧長為s，它與地球中心連線掃過的角度為β（弧度），根據線速度和角速度定義可求得太空站的線速度和角速度，然后根據v=ωr可求得軌道半徑；根據萬有引力提供向心力求求得地球的質量．3、D【解析】

導體棒都在磁場中，故安培力為故D正確；故選D。4、C【解析】

根據速度定義式，當△t非常非常小時，可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義應用了極限思想方法，即無限逼近方法，故C正確。故選C。5、C【解析】

A.汽車勻加速直線運動階段，牽引力不變，速度逐漸增大，牽引力功率逐漸增大。勻加速結束時，牽引力的功率達到F1v1．后保持恒定的牽引功率，則汽車運動中的最大功率Pm=F1v1故A錯誤；B.根據F1v1=Fv2解得：此時根據牛頓第二定律可知F?f=ma′解得故B錯誤；C.當牽引力等于阻力時速度達到最大，則F1v1=fv3解得故C正確；D.根據牛頓第二定律在勻加速階段，加速度大小為故D錯誤。6、B【解析】

由動能定理可知克服摩擦力做的功的多少以及前進位移的大小；由動量定理可知摩擦力的沖量即等于動量的變化量，可知滑行時間的關系；【詳解】根據動能定理可知：-μmgs=0-EK；即兩物塊克服摩擦力的功相等，且質量較小的滑塊運動位移較大，選項B正確，D錯誤；根據動量定理：-μmgt=0-P，P=2mEk，則t=1μg2Ekm,可知質量大的滑塊運動時間短，選項A錯誤；根據動量定理可知摩擦力的沖量即等于動量的變化量即為：I＝△【點睛】本題綜合考查動能定理、動量定理的應用，在解題時要注意如果題目中涉及時間，則應考慮應用動量定理，若不涉及時間應優先采用動能定理或功能關系。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

由圖可知，勻加速直線運動的加速度為2m/s2，汽車的最大速度為，勻加速直線運動的末速度為10m/s。D．汽車勻加速直線運動的時間故D正確；AC．設汽車的額定功率為P，車所受阻力為f。當汽車速度最大時，汽車做勻速直線運動，根據功率公式，有汽車的額定功率為①當時，，根據牛頓第二定律得②由①②解得故AC正確；B．因為，所以汽車速度為時，功率未達到額定功率，故B錯誤；故選ACD。8、ABC【解析】分子間的距離增大時，分子間的引力和斥力都減小，故A正確；布朗運動反映了氣體或液體分子的無規則運動，故B正確；組成晶體的離子或原子按一定的規律分布，具有空間上的周期性，故C正確；做功和熱傳遞在改變系統內能方面是等價的，故D正確；第二類永動機違背熱力學第二定律，是不可能制成的，故E錯誤。所以ABC正確，DE錯誤。9、BD【解析】從軌跡曲線的彎曲形狀上可以知道，小船先具有向下游的加速度，小船后具有向上游的加速度，故加速度是變化的，由于水流是先加速后減速，即越接近河岸水流速度越小，故A錯誤，B正確．由于船身方向垂直于河岸，無論水流速度是否變化，這種渡河方式耗時最短，即船渡河的時間不會受水流速度變化的影響，選項C錯誤，D正確；故選BD.點睛：解決本題的關鍵知道小船參與了兩個運動，有兩個分速度，分別是靜水速和水流速．以及知道軌跡的彎曲大致指向合力的方向，注意垂直河岸渡河時，時間最短．10、ABC【解析】

利用幾何關系求出鋼絲上升的距離，根據輪和軸的具有相同的角速度，求出演員上升的距離；根據速度的分解求出鋼絲的速度和軌道車的速度的關系，運用動能定理研究求解；【詳解】A、由圖可知，在這一過程中，連接軌道車的鋼絲上升的距離為，輪和軸的直徑之比為，所以演員上升的距離為，故A正確；

B、設軌道車在B時細線與水平方向之間的夾角為θ，將此時軌道車的速度分解，此時鋼絲的，由于輪和軸的角速度相同，則其線速度之比等于半徑（直徑）之比為，，故B正確；

C、對演員根據動能定理得：代入數據可以得到：根據功能關系可知，鋼絲在一過程中對演員做的功等于演員機械能的增量，即，以地面為參考平面，則在最高點具有的機械能為，故C正確，D錯誤。【點睛】本題需要注意：輪和軸的角速度相同，根據輪和軸的直徑之比知道線速度關系；根據速度分解找出分速度和合速度的關系，然后根據動能定理進行求解即可。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）9.4V；（ⅰ）；（ⅱ）10V；3-5Ω【解析】

(1)由圖可知，檔位為10V，所以其示數為9.4V；(2)(i)根據電路圖，畫出的實物圖：(ii)由閉合電路歐姆定律可得：變形得：由數學知識可知，圖象中的斜率為：截距為：由圖可知，b=0.10，所以，．【點晴】本題考查多用電表的讀數方法，要注意明確不同的檔位及量程對應的讀數方法，本題關鍵在于能由圖象知識（斜率與截距的意義）結合閉合電路歐姆定律求解，在解題時要注意題目中給出的條件及坐標中隱含的信息．12、CCD【解析】

(1)[1]根據，匝數多的阻值大，所以甲的阻為，乙的阻值為，一節干電池的內阻約為左右，所以應選的滑動變阻器．所以選C．(2)[2]滑動變阻器的阻值在閉合電建前，應該接入電路的阻值最大．故C錯誤．接線過程中電鍵應該是斷開的．故D錯誤．(3)[3][4]作出電源U-I圖象如圖所示電源內阻：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)3×10【解析】

（1）進入電場的粒子在水平方向不受力，做勻速直線運動：L=v0t粒子在電場中運動時間t=（2）粒子在電場運動時間一共是3×10-5s，根據兩極板電壓變換圖b，在豎直方向上0-2×10-5s粒子勻加速運動，粒子勻減速直線運動，由于電壓大小一樣，所以加速度大小相等

離開電場時豎直方向速度：vy=a×2×10-5s-a×1×10-5s=1000m/s

豎直方向位移：y=12a(2×10-5)2+a×2×10-5×1×10-5-因為任意時刻進入電場的粒子在電場中運動的時間πd2U4IL=T（交變電場變化的周期），設粒子在任意的t0時刻進入，離開電場時豎直方向的末速度v所以所有粒子離開電場時的速度方向相互平行由（2）得，t=nT（n=0、1、2...）時刻進入的粒子，離開電場時在豎直方向上具有最大的位移y=0.035m若粒子進入的位置合適，粒子可以從極板的上邊緣離開電場，如圖所示；故粒子打到熒光屏上最高點到O點的的距離為H=dnT＋≤t≤nT＋2T/3時刻進入的粒子，若粒子進入的位置合適，粒子向B板運動的速度減小到0時，粒子剛好可以到達B板，隨后開始向A板加速，加速時間均為t=1×10-5s，此情形下粒子射出極板時位置最低，打到熒光屏上的位置也最低。對應粒子射出極板時離B板距離為y''=12a×(1×【點睛】解決在偏轉場中問題，通常由類平拋運動規律求解，要能熟練運用運動的合成與分解的方法研究，分析時要充分運用勻加速運動位移的比例關系和運動的對稱