PAGE河北省張家口市宣化一中2025屆高三物理上學期12月試題（含解析）1.下列關于物理學史正確的是（）A.楞次發覺了電磁感應現象B.卡文迪許利用扭秤裝置測出了萬有引力常量C.開普勒行星第三運動定律中的k值只與地球質量有關D.伽利略通過志向斜面試驗總結歸納出了牛頓第肯定律【答案】B【解析】【分析】【詳解】A．法拉第發覺了電磁感應現象，選項A錯誤；B．卡文迪許利用扭秤裝置測出了萬有引力常量，選項B正確；C．開普勒行星第三運動定律中中的k值只與中心天體太陽的質量有關，選項C錯誤；D．伽利略通過志向斜面試驗總結“力不是維持物體運動的緣由”的結論，但他沒有總結歸納出牛頓第肯定律，故D錯誤。故選B。2.一體重為50kg的同學站在電梯的體重計上，某時刻該同學發覺體重計的示數為45kg，此時（）A.該同學對體重計的壓力小于體重計對該同學的支持力B.電梯肯定向下加速運動，加速度大小為C.該同學處于失重狀態，但重力不變D.該同學的重力勢能減小，動能增大【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．該同學對體重計的壓力與體重計對該同學的支持力是作用力與反作用力，它們相等，故A錯誤；

B．同學的質量m=50kg，體重計示數為m′=45kg，該通過對體重計的壓力FN=m′g=45g，體重計對該通過的支持力FN′=FN=45mg-FN′=ma代入數據解得方向豎直向下，電梯可能向下加速運動，也可能向上減速運動，故B錯誤；

C．該同學對體重計的壓力FN=45g＜G=50g，該同學處于失重狀態，該同學所受重力不變，故C正確；

D．該同學可能向下做加速運動，也可能向上做減速運動，假如該同學向下做加速運動，該同學的重力勢能減小而動能增加，假如該同學向上做減速運動，則該同學的重力勢能增加而動能減小，故D錯誤。

故選C3.核潛艇作為國之重器，其戰略價值極大。我國核潛艇是以核反應爐為動力來源的潛艇。其核反應堆中可能的一個核反應方程為。下列說法正確的是（）A.該核反應屬于原子核的衰變B.該核反應遵循質量守恒C.該核反應須要持續不斷地由外界供應中子D.該核反應方程式中【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．該核反應為原子核的裂變，A錯誤；B．該核反應遵循質量數守恒，質量有虧損，質量不守恒，B錯誤；C．該反應為鏈式反應，反應過程中會持續產生中子，不須要外界持續供應中子，C錯誤；D．依據質量數和電荷數守恒可解得Ｘ=3，D正確。故選D。4.如圖所示，a、b、c為一負點電荷形成的一條電場線上的三點，c為ab的中點。a、b兩點的電勢分別為、，則下列分析正確的是（）A.c點的電勢為-2VB.負點電荷可能位于a點的左側，也可能位于b點的右側C.a點的電場強度肯定比b點的電場強度小，D.把一正點電荷從a點沿直線移到b點的過程中，電場力做負功【答案】C【解析】【分析】【詳解】AB．因為該電場是由負點電荷形成的，所以負點電荷肯定位于b點的右側，c、b兩點的電勢差大于a、c兩點的電勢差，c點的電勢不是-2V，選項AB均錯誤；C．因為b點更靠近負點電荷，所以a點的電場強度肯定比b點的小，選項C正確；D．把一正點電荷從a點沿直線移到b點的過程中，電場力做正功，選項D錯誤。故選C。5.珠海某學校新裝了一批節能路燈如圖甲所示，該路燈通過光控開關實現自動限制：電燈的亮度可自動隨四周環境的亮度變更而變更。如圖乙為其內部電路簡化原理圖，電源電動勢為E，內阻為r，Rt為光敏電阻（光照強度增加時，其電阻值減小）。當隨著傍晚到來光照漸漸減弱時，則下列推斷正確的是（）A.A燈變暗，B燈變亮B.電源內阻消耗的功率變小C.電源的效率變小D.Rt上電流的變更量等于R0上電流變更量【答案】B【解析】【分析】【詳解】A．光照漸漸減弱時，光敏電阻阻值增大，電路總電阻增大，故電路總電流I減小，消耗在內阻上的電壓減小，路端電壓U=E-Ir增大，即A燈兩端電壓增大，通過A燈的電流IA增大，所以A燈變亮，通過定值電阻R0的電流I0=I-IA減小，所以R0兩端的電壓U0=I0R0減小，B燈兩端的電壓UB=U-I0R0增大，B燈變亮，故A錯誤；

B．電源電動勢不變，電路總電流I減小，由P=I2r可知電源的消耗功率減小，故B正確；

C．電源的效率為由上面的分析可知路端電壓U增大，電源的效率變大，故C錯誤；

D．通過R0上電流等于通過光敏電阻Rt電流與通過燈B的電流之和，即I0=It+IB依據前面的分析，通過燈B的電流IB增大，故Rt上電流的變更量大于R0上電流變更量，故D錯誤。

故選B。6.如圖所示，空間中存在一勻強磁場區域，磁場的磁感應強度大小為B、方向與豎直面（紙面）垂直，磁場的上、下邊界（虛線）均為水平面。紙面內磁場上方有一個質量為m、總電阻為R、邊長為L的正方形導線框abcd（由勻稱材料制成），其上、下兩邊均與磁場邊界平行，邊長小于磁場上、下邊界的間距。導線框從ab邊距磁場上邊界為h處自由下落，不計空氣阻力，重力加速度大小為g，下列說法正確的是（）A.ab邊剛進入磁場時，受到的安培力大小為B.導線框通過磁場上邊界的過程中，下落的速度可能始終增大C.導線框通過磁場上邊界的過程中，下落的速度肯定始終減小D.導線框通過磁場下邊界的過程中，下落的速度肯定始終減小【答案】B【解析】【分析】【詳解】A．導線框起先做自由落體運動有ab邊剛進入磁場時有，此時受到的安培力大小為故選項A錯誤；BC．若導線框進入磁場的過程中，受到的安培力始終小于其受到的重力，則導線框的速度增大，選項B正確、C錯誤；D．導線框通過磁場下邊界時，受到的安培力可能小于其受到的重力，下落的速度可能增大，選項D錯誤。故選Ｂ。7.如圖，虛線I、Ⅱ、Ⅲ分別表示地球衛星的三條軌道，其中軌道I為近地環繞圓軌道，軌道Ⅱ為橢圓軌道，軌道Ⅲ為脫離軌道，a、b、c三點分別位于三條軌道上，b點為軌道Ⅱ的遠地點，b、c點與地心的距離均為軌道I半徑的2倍，則（）A.衛星在軌道Ⅱ的運行周期與軌道I的相同B.衛星經過a點的速率為經過b點的倍C.衛星在a點的加速度大小為在b點的4倍D.質量相同的衛星在b點的機械能等于在c點的機械能【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．由題可知軌道I的半徑與軌道Ⅱ的半長軸之比為依據開普勒第三定律解得A錯誤；B．依據假如b點在過該點的圓形軌道上繞地球做勻速圓周運動，如圖所示衛星經過a點的速率為在圓軌道上經過b點的倍，而軌道Ⅱ是橢圓，因此在軌道Ⅱ上b點的速度不等于圓軌道的速度，選項B錯誤；C．依據公式可知，衛星在a點的加速度大小為在c點的4倍，選項C正確；D．衛星從軌道Ⅱ變到軌道Ⅲ須要點火加速，因此在同一點加速動能增大也就是機械能增大，而同一軌道機械能守恒，因此b點的機械能小于在c點的機械能，選項D錯誤。故選C。8.如圖甲所示，志向變壓器原、副線圈匝數之比為5：1，電路中電阻R=11Ω，其余電阻均不計，從某時刻起先在原線圈兩端接入如圖乙所示的正弦式交變電壓。則下列說法中正確的是（）A.副線圈電壓有效值為B.副線圈電壓有效值為44VC.原線圈輸入功率為176WD.原線圈輸入功率為11W【答案】BC【解析】【分析】【詳解】AB．由題圖乙可知，原線圈輸入的電壓有效值為220V，依據電壓與匝數的關系有副線圈有效電壓為所以A錯誤，B正確；CD．依據副線圈的功率由于該變壓器為志向變壓器，輸入功率等于輸出功率，故選項C正確，D錯誤。故選BC。9.用圖甲所示的電路探討光電效應中電子放射的狀況與照耀光的強弱、光的顏色（頻率）等物理量間的關系．電流表A測得的光電流I隨光電管兩端電壓U的變更如圖乙所示，則（）A.電壓U增大，光電流I肯定增大B.用不同頻率的光照耀K極，頻率越大則飽和光電流越大C.用同頻率的光照耀K極，光電子的最大初動能與光的強弱無關D.只調換電源的極性，移動滑動變阻器滑片，當電流表示數為零時，電壓表示數為遏止電壓Uc的數值【答案】CD【解析】【分析】【詳解】A.起先時隨著電壓U增大，光電流I增大，但是當光電流達到飽和光電流時，即使電壓再增加，電流不再增大，選項A錯誤；B.飽和光電流與光強有關，則用不同頻率的光照耀K極，頻率越大則飽和光電流不肯定越大，選項B錯誤；C.用同頻率的光照耀K極，光電子的最大初動能只與頻率有關，與光的強弱無關，選項C正確；D.只調換電源的極性，則所加電壓變為反向電壓，移動滑動變阻器滑片，當電流表示數為零時，電壓表示數為遏止電壓Uc的數值，選項D正確。故選CD。10.兩個等量同種電荷固定于光滑絕緣水平面上，其連線中垂線上有A、B、C三點，如圖甲所示，一個電荷量為2×10-5C，質量為1g的帶正電小物塊在水平面上從C點靜止釋放，其運動的v-t圖像如圖乙所示，其中BA.B點為中垂線上電場強度最大的點，場強E=100N/CB.由C點到A點電勢先增加后削減C.由C到A的過程中物塊的電勢能先變小后變大D.A、B兩點間電勢差UAB=－500V【答案】AD【解析】【分析】【詳解】A．依據v—t圖象可知物塊在B點的加速度最大所受的電場力最大為故B點的場強最大為故A正確；B．依據兩個等量的同種正電荷，其連線中垂線上電場強度方向由O點沿中垂線指向外側，故由C點到A點電勢漸漸減小，B錯誤；C．依據v—t圖象可知C到A的過程中物塊的速度增大，電場力做正功，電勢能減小，故C錯誤；D．由A到B依據動能定理可得又因故故D正確。故選AD。11.某試驗小組利用如圖甲所示的試驗裝置測量物體的質量；一根跨過輕質定滑輪的輕繩一端與質量為m的重物P相連，另一端與待測物塊Q（Q的質量大于m）相連，重物P的下端與穿過打點計時器的紙帶相連，已知當地重力加速度大小為g。(1)某次試驗中，先接通頻率為50Hz的溝通電源，再由靜止釋放待測物塊Q，得到如圖乙所示的紙帶，已知紙帶上每相鄰兩計數點間還有四個計時點沒有畫出，由紙帶可知待測物塊Q下落的加速度大小a=_____m/s2（結果保留三位有效數字）。(2)在忽視阻力的狀況下，待測物塊Q的質量可表示為M=_____（用字母m、a、g表示）。(3)若考慮空氣阻力、紙帶與打點計時器間摩擦及定滑輪中的滾動摩擦，則待測物塊Q質量的測量值會_____（填“偏大”或“偏小”）。【答案】(1).1.98(2).(3).偏小【解析】【分析】【詳解】(1)[1]由勻變速直線運動的判別式，結合六段位移采納逐差法可知其中，代入數據可得(2)[2]對連接體由牛頓其次定律可知解得(3)[3]可將待測物塊Q的質量公式化簡為因為有空氣阻力和摩擦阻力，所以測得的加速度偏小，由于，則a偏小，物塊Q質量的測量值偏小。12.在“測定金屬的電阻率”的試驗中，所用測量儀器均已校準。已知待測金屬絲的電阻值Rx約為5Ω，在測電阻時，可供選擇的器材有：電源E：電動勢3V，內阻約1Ω電流表A1：量程0～0.6A，內阻約0.125Ω電流表A2：量程0～3A，內阻約0.025Ω電壓表V1：量程0～3V，內阻約3kΩ電壓表V2：量程0～15V，內阻約15kΩ滑動變阻器R1：最大阻值5Ω，允許最大電流2A滑動變阻器R2：最大阻值1000Ω，最大電流0.6A開關一個，導線若干。(1)在上述器材中，應當選用的電流表是______，應當選用的電壓表是___。若想盡量多測幾組數據，應當選用的滑動變阻器是______（填寫儀器的字母代號）。(2)該同學用螺旋測微器測金屬絲的直徑如圖所示，則螺旋測微器的示數d=___mm。(3)用所選的器材，在答題紙對應的方框中畫出電路圖________。(4)關于本試驗的誤差，下列說法正確的是_______。A．測量過程中，開關長時間閉合，對試驗結果沒有影響B．由于電流表和電壓表內阻引起的誤差屬于偶然誤差C．利用電流I隨電壓U的變更圖線求Rx可減小偶然誤差D．由于采納的是電流表外接法，測量值小于真實值【答案】(1).A1(2).V1(3).R1(4).0.600(5).(6).CD【解析】【分析】【詳解】(1)[1][2]因為電源的電動勢3V，所以電壓表選擇量程0～3V的電壓表，依據歐姆定律可知電路中最大電流為0.6A，所以電流表選擇量程0～0.6A的電流表A1；[3]為保證調整便利，盡量多測幾組數據，則選擇阻值較小的滑動變阻器；(2)[4]螺旋測微器固定刻度為0.5mm，可動刻度為0.01×10.0=0.100mm，所以最終讀數為0.5mm+0.100mm=0.600mm(3)[5]由于，所以電流表采納外接法，試驗要求盡量多測幾組數據，所以滑動變阻器采納分壓式，電路圖如圖所示(4)[6]A．測量過程中，開關長時間閉合，會導致電阻測量結果偏大，故A錯誤；B．由于電流表和電壓表內阻引起的誤差屬于系統誤差，故B錯誤；C．利用電流隨電壓的變更圖線求金屬絲電阻，可以減小偶然誤差，故C正確；D．采納外接法，電壓表與待測電阻并聯，故電壓表是精確的，而由于電壓表的分流使電流表測量結果偏大，故由歐姆定律求得的測量值偏小，故D正確；故選CD。13.如圖所示，MN和PQ為固定在水平面上的平行光滑金屬軌道，軌道間距為0.2m。質量為0.1kg的金屬桿ab置于軌道上，與軌道垂直。整個裝置處于方向豎直向下的勻強磁場中，磁感應強度B=0.5T。在平行于導軌的拉力F作用下，導體棒沿導軌向右勻速運動，速度v＝10m/s。電路中除了電阻R=0.04Ω之外，ab桿的電阻r=0.01Ω，其余電阻不計。求：(1)感應電動勢的大小；(2)推斷流過電阻R的電流方向并計算電流的大小；(3)ab桿兩端的電壓及外力F的大小。【答案】(1)1V；(2)流過R的電流方向為M→P；20A；(3)0.8V；2N【解析】【分析】【詳解】(1)當ab桿速度為v=10m/s，感應電動勢為(2)依據右手定則可知導體棒中的電流方向為b→a，則流過R的電流方向為M→P。感應電流(3)金屬桿兩端電壓為路端電壓，即外力大小為14.如圖所示，ABCD是光滑軌道，其中豎直圓軌道的半徑為R＝0.2m，最低點B處入、出口不重合，C點是最高點，BD部分水平，D點與其右側的水平傳送帶平滑連接，傳送帶以速率v＝2m/s逆時針勻速轉動，水平部分長度L＝1m。質量為m＝1kg的小物塊從軌道上高H=0.8m處的P位置由靜止釋放，在豎直圓軌道內通過最高點C后經B點進入水平軌道，小物塊與傳送帶間的動摩擦因數μ＝0.4，重力加速度g取10m/s2。(1)小物塊經過最高點C處時所受軌道的壓力N的大小；(2)小物塊在傳送帶上運動的時間t及小物塊離開傳送帶時的速度vt；(3)小物塊與傳送帶之間摩擦生的熱量Q。

【答案】(1)30N；(2)，；(3)()J【解析】分析】【詳解】(1)設小物塊滑到C的速度為，從P→C過程由機械能守恒定律得小物塊在C處由牛頓其次定律得由上兩式解得N=30N(2)設小物塊進入傳送帶的速度為v0，加速度大小為a，在傳送帶上運動的時間為t，到達傳送帶右端速度為vt；

從P→D過程，由機械能守恒定律由牛頓其次定律