PAGE16-四川省廣安市岳池縣第一中學2024-2025學年高二物理下學期入學考試試題（含解析）一、單選題（本大題共8小題，共32分）1.下列說法正確的是（）A.電場不是實物，因此不是物質B.元電荷就是電子C.首次比較精確地測定電子電荷量的試驗是密立根油滴試驗，其試驗原理是微小帶電油滴在電場中受力平衡D.庫侖定律與萬有引力定律在形式上很相像；由此人們相識到庫侖力與萬有引力是同種性質的力【答案】C【解析】【詳解】A．電場是客觀的物質存在，選項A錯誤；B．元電荷是最小的電荷量，電子是實物粒子，選項B錯誤；C．密立根通過探討微小的帶電油滴在勻強電場中受到的電場力與重力平衡，得出了電子的電荷量，選項C正確；D．庫侖力和萬有引力雖然形式上很相像，但它們是兩種不同的相互作用力；庫侖定律只適用于真空中兩靜止的點電荷之間的作用力，當帶電體的形態、大小及電荷的分布狀況對它們之間的作用力影響可以忽視時，可以看成點電荷。選項D錯誤。故選C。2.下列關于磁現象說法中不正確的是（）A.電視機顯像管利用了磁偏轉的原理B.指南針是利用地磁場來指示方向的C.電動機是利用磁場對電流的作用力來工作的D.地磁場的南極在地理的南極旁邊【答案】D【解析】【詳解】A．電視機顯像管利用了磁偏轉原理，選項A正確，不符合題意；B．指南針是利用地磁場來指示方向的，選項B正確，不符合題意；C．電動機是利用磁場對電流作用力來工作的，選項C正確，不符合題意；D．地磁場的南極在地理的北極旁邊，選項D錯誤，符合題意．3.將兩個分別帶有電荷量-2Q和+5Q的相同金屬小球A、B分別固定在相距為r的兩處(均可視為點電荷)，它們間庫侖力的大小為F．現將第三個與A、B兩小球完全相同的不帶電小球C先后與A、B相互接觸后拿走，A、B間距離保持不變，則兩球間庫侖力的大小為()A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】起先時由庫侖定律得：；當小球和A接觸后，A球帶電為-Q，再和B球接觸時，先中和后總電量為4Q，故平分后B球帶電為2Q，因此此時：；可得：F1=，故BCD錯誤，A正確．故選A．【點睛】完全相同的帶電小球接觸時，對于電量的重新安排規律要明確，然后正確利用庫侖定律求解．4.如圖所示，圓環和長直導線MN均處于紙面內，P、Q是關于導線對稱的兩點，當導線MN中通以從M→N的電流時，下列說法正確的是A.P、Q兩點的磁感應強度大小相同，方向相反B.P點處磁感應強度方向垂直紙面對里C.圓環向右運動直到遠離通電導線，環內磁通量始終減小D.圓環向右運動直到遠離通電導線，環內磁通量先增大、后減小【答案】A【解析】【詳解】由安培定則推斷可知，P、Q兩點的磁感應強度大小相同，方向相反，即P點處磁感應強度方向垂直紙面對外，Q點處磁感應強度方向垂直紙面對里，故A正確，B錯誤；圓環向右運動直到遠離通電導線，環內磁通量先增大在減小，然后在增大，在減小，故CD錯誤．5.某農村小塑料加工廠的高頻熱合機(焊縫用)產生的電磁波頻率和電視信號頻率接近，由于該村尚未通有線電視信號，空中的信號經常受到干擾，在電視熒屏上出現網狀條紋，影響正常收看．為了使電視機不受干擾，可實行的方法是()A.將電視機用一金屬籠子罩起來B.將電視機用一金屬籠子罩起來，并將金屬籠接地C.將高頻熱合機用一金屬籠子罩起來D.將高頻熱合機用一金屬籠子罩起來，并將金屬籠接地【答案】D【解析】【詳解】AB.將電視機用一金屬籠子罩起來，電視機無法接收到信號，不符合題意，故AB錯誤．CD.為了使電視機能接收電磁波信號，但又不接收高頻熱合機（焊縫用）產生的電磁波，應將高頻熱合機（焊縫用）產生的電磁波信號屏蔽，而接地金屬網套具有屏蔽內電場的作用，故C錯誤D正確．6.如圖所示，將通電線圈(電流方向沿圖中箭頭方向)懸掛在磁鐵N極旁邊，磁鐵處于水平位置和線圈在同一平面內，且磁鐵的軸線經過線圈圓心，線圈將()A.轉動同時靠近磁鐵 B.轉動同時離開磁鐵C.不轉動，只靠近磁鐵 D.不轉動，只離開磁鐵【答案】A【解析】【詳解】線圈通有順時針電流，并處于N極的旁邊，依據左手定則可得，線圈右邊安培力方向垂直紙面對里，所以線圈轉動；由右手螺旋定則可知，線圈向外一面為S極，因為異名磁極相互吸引，線圈靠近磁鐵；所以線圈轉動并同時靠近磁鐵．A．轉動同時靠近磁鐵．故A符合題意．B．轉動同時離開磁鐵．故B不符合題意．C．不轉動，只靠近磁鐵．故C不符合題意．D．不轉動，只離開磁鐵．故D不符合題意．7.三根通電長直導線a、b、c平行且垂直紙面放置，其橫截面如圖所示，a、b、c恰好位于直角三角形的三個頂點，∠c＝，∠a＝．a、b中通有的電流強度分別為I1、I2，c受到a、b的磁場力的合力方向與a、b連線平行．已知通電長直導線在四周某點產生的磁場的磁感應強度，k為比例系數，I為電流強度，r為該點到直導線的距離，sin＝0.6．下列說法正確的是（

）A.a、b中電流反向,：：9B.a、b中電流同向,：：3C.a、b中電流同向,：：9D.a、b中電流反向,：：3【答案】A【解析】【詳解】同向電流相互吸引，異向電流相互排斥，且c受到a、b的磁場力的合力方向與a、b連線平行，則ab中電流方向相反，c受力分析如圖所示：豎直方向平衡得：依據幾何關系得：聯立解得：A．a、b中電流反向,：：9與分析相符，故A正確；B．a、b中電流同向,：：3與分析不符，故B錯誤；C．a、b中電流同向,：：9與分析不符，故C錯誤；D．a、b中電流反向,：：3與分析不符，故D錯誤．8.目前有一種磁強計，用于測定地磁場的磁感應強度．磁強計的原理如右圖所示，電路有一段金屬導體，它的橫截面是寬為a、高為b的長方形，放在沿y軸正方向的勻強磁場中，導體中通有沿x軸正方向、大小為I的電流．已知金屬導體單位體積中的自由電子數為n，電子電荷量為e，金屬導電過程中，自由電子所做的定向移動可視為勻速運動．兩電極M、N均與金屬導體的前后兩側接觸，用電壓表測出金屬導體前后兩個側面間的電勢差為U.則磁感應強度的大小和電極M、N的正負為()A.，M正、N負 B.，M正、N負C.，M負、N正 D.，M負、N正【答案】C【解析】【分析】依據左手定則推斷出電子的偏轉方向，從而確定電勢的凹凸．抓住電子受到的洛倫茲力等于電場力，結合電流的微觀表達式求出磁感應強度的大小．【詳解】依據左手定則知，電子向外側偏轉，則導體M極為負極，N極為正極．自由電子做定向移動，視為勻速運動，速度設為v，則單位時間內前進的距離為v，對應體積為vab，此體積內含有的電子個數為：nvab，電量為：nevab有,電子受電場力和洛倫茲力平衡，有,解得：，故C正確，ABD錯誤；故選C．【點評】解決本題的關鍵駕馭左手定則判定洛倫茲力的方向，以及知道最終電子受電場力和洛倫茲力處于平衡．二、多選題（本大題共4小題，共16分）9.用電場線能很直觀、很便利地比較電場中各點場強的強弱。如圖甲是等量異種點電荷形成電場的電場線，圖乙是場中的一些點：O是兩電荷連線的中點，E、F是連線中垂線上相對O對稱的兩點，B、C和A、D也相對O對稱。則（）A.E、O、F三點比較，三點電勢相同B.A、D兩點場強相同C.E、O、F三點比較，O點場強最弱D.B、O、C三點比較，O點場強最強【答案】AB【解析】【詳解】A．等量異種點電荷連線的中垂線是一等勢面，所以E、O、F三點比較，電勢是相等的，選項A正確；B．電場線的疏密表示場強的大小，電場線的切線方向表示場強的方向。由甲圖可以推斷出A、D兩點場強大小相等，方向相同，選項B正確；C．E、O、F三點比較，由甲圖可以推斷O點電場線最密，故O點場強最強，選項C錯誤；D、B、O、C三點比較，O點電場線最疏，故O點場強最弱，選項D錯誤。故選AB。10.在如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內阻r恒定，閉合開關S后燈泡能夠發光，經過一段時間后燈泡突然變亮，若電路中僅有一處故障，則出現這種現象的緣由可能是（）A.電容器C斷路 B.電阻斷路C.電阻短路 D.電阻短路【答案】BD【解析】【詳解】A．電容不能通直流電，所以電容器C斷路，對燈泡亮度沒有影響，選項A錯誤；B．若電阻R2斷路，則總電阻增大，總電流減小，R1及內阻中電壓減小，燈泡兩端的電壓增大，故燈泡變亮，選項B正確；C．若電阻R2短路，則燈泡被短路，燈泡不亮，選項C錯誤；D．若電阻R1短路，電路中總電阻減小，總電流增大，燈泡與R2并聯的電壓增大，則燈泡變亮，選項D正確。故選BD。11.如圖，一帶正電的點電荷固定于O點，兩虛線圓均以O為圓心，兩實線分別為帶電粒子M和N先后在電場中運動的軌跡，a、b、c、d、e為軌跡和虛線圓的交點，不計重力．下列說法正確的是()A.M帶負電荷，N帶正電荷B.M在b點的動能小于它在a點的動能C.N在d點的電勢能等于它在e點的電勢能D.N在從c點運動到d點的過程中動能削減【答案】ABC【解析】【詳解】A.由粒子運動軌跡可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M帶負電荷，N帶正電荷，故A正確；

B.M從a到b點，庫侖力先做正功，后做負功，依據動能定理知，動能先增大，后減小，則b點的動能小于在a點的動能，故B正確；

C.d點和e點在同一等勢面上，電勢相等，則N在d點的電勢能等于在e點的電勢能，故C正確；

D.N從c到d，庫侖斥力做正功，依據動能定理可知，動能增加，故D錯誤．12.如圖所示，在直角三角形AOC的三條邊為邊界的區域內存在著磁感應強度為B的勻強磁場，已知∠A＝60°，邊AO的長度為a．現在O點放置一個可以向各個方向放射某種帶負電粒子的粒子源，已知粒子的比荷為，放射的速度大小都為v0，且滿意．粒子放射的方向可由圖中速度與邊CO的夾角θ表示，不計重力作用，關于粒子進入磁場后的運動，正確的是（）A.以θ＝0°和θ＝60°飛入的粒子在磁場中的運動的時間相等B.以θ＜60°飛入的粒子均從AC邊出射C.以θ＞60°飛入的粒子，θ越大，在磁場中的運動的時間越大D.在AC邊界上只有一半區域有粒子射出【答案】ABD【解析】【詳解】AD.粒子在磁場中做圓周運動的軌道半徑，當粒子以θ＝0°飛入磁場區域時，最終將從AC邊的中點射出，A點為軌跡圓心，圓心角為60°，時間為T，當θ＝60°時，粒子將從A點射出磁場區域，圓心角為60°，時間為T，故AD正確；B.隨著θ的增大，粒子在AC邊上的射出點將向A點靠攏，以θ＜60°飛入的粒子均從AC邊出射，故B正確；C.粒子的速度大小相等，在磁場中做圓周運動的軌跡弧長越小，運動時間越短，以θ＞60°飛入的粒子，隨著θ的增大，出射點從A漸漸向O靠攏，軌跡長度漸漸減小，在磁場中運動時間漸漸減小，故C錯誤．三、試驗題探究題（本大題共2小題，共12分）13.某同學利用多用電表測量二極管正向電阻．完成下列測量步驟:(1)檢查多用電表的機械零點．(2)將紅、黑表筆分別插入正、負表筆插孔,將選擇開關撥至“×10”的倍率檔位上．(3)將紅、黑表筆短接,進行歐姆調零．

(4)測正向電阻時,將___表筆接二極管正極,將另一表筆接二極管負極．

(5)測量發覺指針偏角過大，為使測量比較精準，應將選擇開關旋轉到_______（選填“×1”或“×100”）的倍率檔位后，再次測量．(6)最終應將選擇開關撥向_______位置．(7)以上試驗過程，缺少的試驗步驟是______________．【答案】(1).黑(2).(3).“OFF檔”或者“溝通電壓最大檔”(4).換擋后，必需重新進行歐姆調零【解析】【詳解】（4）[1]．黑表筆內部接電源的正極，則測二極管正向電阻時，將黑表筆接二極管正極，將另一表筆接二極管負極．

（5）[2]．測量發覺指針偏角過大，說明倍率擋選擇過大，則為使測量比較精準，應將選擇開關旋轉到×1的倍率檔位后，再次測量．（6）[3]．最終應將選擇開關撥向“OFF檔”或者“溝通電壓最大檔”位置．（7）[4]．以上試驗過程，缺少的試驗步驟是：換擋后，必需重新進行歐姆調零.14.通過試驗測繪一個標有“3V，”的小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓須要由零漸漸增加到3V；試驗中除的電源；開關；導線若干外，還備有以下器材：A.電流表：量程，內阻1Ω；B.電流表：量程，內阻0.3Ω；C.電壓表（量程，內阻約）；D.電壓表（量程，內阻約）；E.滑動變阻器（阻值）；F.滑動變阻器（阻值）；(1)為了測量精確，試驗中應選用電流表______，電壓表______，滑動變阻器______（填序號）。(2)在本試驗中，滑動變阻器應采納______（“分壓”或“限流”）填接法，電流表應采納______（填“內”或“外”）接法，假如用試驗所測數據來求電阻，則測量結果比真實數值要______（選填“大”或“小”）。(3)某同學在試驗中得到如下一組U和I的數據：編號12345678U/VI/A①在圖上畫出圖線_______________。②從圖線上可以看出，當功率漸漸增大時，燈絲電阻的改變狀況是______（增大、減小）；這表明導體的電阻隨溫度上升而______（上升、降低）。【答案】(1).A(2).D(3).F(4).分壓(5).外(6).小(7).(8).增大(9).上升【解析】【詳解】（1）[1]燈泡額定電流為0.5A，所以電流表選A；[2]燈泡額定電壓為3V，所以電壓表選D；[3]為便利試驗操作，滑動變阻器選擇F。（2）[4]燈泡兩端的電壓須要由零漸漸增加到3V，所以滑動變阻器應選擇分壓接法；[5]電壓表內阻很大，遠大于燈泡電阻，所以電流表應采納外接法；[6]電流表采納外接法，由于電壓表的分流作用，電流測量值大于真實值，由歐姆定律可知，燈泡電阻測量值小于真實值。（3）①[7]依據表中試驗數據在坐標系內描出對應點，然后依據描出的點作出圖象如圖所示：②[8][9]由圖可知，小燈泡的溫度不斷上升，電阻增大，其緣由是燈泡內阻隨溫度的上升而增大。四、計算題（本大題共4小題，共40分）15.如圖所示的電路中，當開關S接a點時，標有“5V，2.5W”的小燈泡正常發光，當開關S接b點時，標有“4V，4W”的電動機正常工作．求電源的電動勢和內阻．【答案】6V，2Ω【解析】【詳解】當開關接a時，電路中的電流為I1==A=0.5A.由閉合電路歐姆定律得E=U1＋I1r當開關接b時，電路中的電流為I2==A=1A.由閉合電路歐姆定律得E=U2＋I2r聯立解得E=6Vr=2Ω.16.如圖所示，帶有等量異種電荷的兩長度為L的平行金屬板豎直放置，極板間形成勻強電場，一個帶電荷量為+q質量為m的帶電粒子，以初速度v0緊貼左極板垂直于電場方向進入該電場，剛好從右極板邊緣射出，射出時速度恰與右極板成30o角，不計粒子重力，求：（1）兩極板的電壓U；（2）兩極板間的距離d．【答案】（1）（2）【解析】【詳解】(1)粒子離開電場時的速度：vcos30o=v0依據動能定理：qU=mv2-mv02聯立解得：(2)粒子在兩板間做類平拋運動，豎直方向：L=v0t水平方向：d=at2加速度為：聯立解得：17.如圖所示，水平導軌間距為L＝0.5m，導軌電阻忽視不計；導體棒ab的質量m＝1kg，電阻R0＝0.9Ω，與導軌接觸良好；電源電動勢E＝10V，內阻r＝0.1Ω，電阻R＝4Ω；外加勻強磁場的磁感應強度B＝5T，方向垂直于ab，與導軌平面成夾角α＝53°；ab與導軌間的動摩擦因數為μ＝0.5（設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力），定滑輪摩擦不計，線對ab的拉力為水平方向，重力加速度g＝10m/s2，ab處于靜止狀態。已知sin53°＝0.8，cos53°＝0.6。求：（1）通過ab的電流大小和方向；（2）ab受到的安