絕密★啟用前云南省玉溪市峨山一中2018屆高三2月考試題高三理綜物理一、單選題(共5小題,每小題6.0分,共30分)1.在地面上以初速度v0豎直向上拋出一小球，經過2t0時間小球落回拋出點，其速率為v1，已知小球在空中運動時所受空氣阻力與小球運動的速率成正比，則小球在空中運動時速率v隨時間t的變化規律可能是()A．B．C．D．2.我國即將發射“天宮二號”空間實驗室，之后發射“神舟十一號”飛船與“天宮二號”對接．假設“天宮二號”與“神舟十一號”都圍繞地球做勻速圓周運動，為了實現飛船與空間實驗室的對接，下列措施可行的是()A．使飛船與空間實驗室在同一軌道上運行，然后飛船加速追上空間實驗室實現對接B．使飛船與空間實驗室在同一軌道上運行，然后空間實驗室減速等待飛船實現對接C．飛船先在比空間實驗室半徑小的軌道上加速，加速后飛船逐漸靠近空間實驗室，兩者速度接近時實現對接D．飛船先在比空間實驗室半徑小的軌道上減速，減速后飛船逐漸靠近空間實驗室，兩者速度接近時實現對接3.Q1、Q2為兩個點電荷，帶正電的試探電荷q在Q1、Q2的中垂線上的在A點處所受Q1、Q2作用力的合力大小和方向如圖所示，由此可以判斷()A．Q2的電荷量一定小于Q1的電荷量B．Q2的電荷量一定大于Q1的電荷量C．Q1、Q2一定為等量異種電荷D．Q1、Q2一定為等量同種電荷4.可調理想變壓器原線圈與一臺小型發電機相連，副線圈與燈泡L、可調電阻R、電容器C連成如圖所示的電路．當副線圈上的滑片P處于圖示位置時，燈泡L能發光.要使燈泡變亮，可以采取的方法有()A．增大發動機的轉速B．將滑片P向下滑動C．將可調電阻R減小D．增大電容器極板間的距離5.如圖所示，在紙面內放有一個條形磁鐵和一個圓形線圈(位于磁鐵正中央)，下列情況中能使線圈中產生感應電流的是()A．將磁鐵在紙面內向上平移B．將磁鐵在紙面內向右平移C．將磁鐵繞垂直紙面的軸轉動D．將磁鐵的N極轉向紙外，S極轉向紙內二、多選題(共3小題,每小題6.0分,共18分)6.關于光的粒子性、波動性和波粒二象性，下列說法正確的是（）A．光子說的確立完全否定了波動說B．光的波粒二象性是指光既與宏觀概念中的波相同又與微觀概念中的粒子相同C．光的波動說和粒子說都有其正確性，但又都是不完善的，都有其不能解釋的實驗現象D．光的波粒二象性才是對光的本性的正確認識7.(多選)如圖所示，以平面框架寬L＝0.3m，與水平面成37°角，上、下兩端各有一個電阻R0＝2Ω，框架其他部分的電阻不計．垂直于框架平面的方向上存在向上的勻強磁場，磁感應強度B＝1T．金屬桿ab長為0.3m，質量為m＝1kg，電阻r＝2Ω，與框架的動摩擦因數為μ＝0.5，以初速度v0＝10m/s向上滑行，直至上升到最高點的過程中，上端電阻R0產生的熱量Q0＝5J．下列說法正確的是()A．上升過程中，金屬桿兩端點ab間最大電勢差為3VB．ab桿沿斜面上升的最大距離為2mC．上升過程中，通過ab桿的總電荷量為0.2CD．上升過程中，電路中產生的總熱量為30J8.(多選)輕質彈簧吊著小球靜止在如圖所示的A位置，現用水平外力F將小球緩慢拉到B位置，此時彈簧與豎直方向的夾角為θ，在這一過程中，對于小球和彈簧組成的系統，下列說法正確的是()A．系統的彈性勢能增加B．系統的彈性勢能減少C．系統的機械能不變D．系統的機械能增加分卷II三、實驗題(共2小題,共19分)9(8分）.學校開展研究性學習，某同學為了探究桿子轉動時的動能表達式，設計了如圖所示的實驗：質量為m的均勻長直桿一端固定在轉軸O處，桿由水平位置靜止釋放，用置于圓弧上某位置的光電門測出另一端A經過該位置時的瞬時速度vA，并記下該位置與轉軸O的高度差h.(1)該同學用20分度的游標卡尺測得長直桿的橫截面的直徑如圖為________mm.(2)調節光電門在圓弧上的位置，測得多組數據如表格所示．請選擇適當的數據處理方法，猜想并寫出vA與h的函數關系等式________．(3)當地重力加速度g取10m/s2，不計一切摩擦，結合你找出的函數關系式，根據守恒規律寫出此桿轉動時動能的表達式Ek＝________(請用數字、質量m、速度vA表示)．(4)為了減小空氣阻力對實驗的影響，請提出一條可行性措施________．10（10分）.某同學利用如圖9(a)所示的電路測量一微安表(量程為100μA，內阻大約為2500Ω)的內阻．可使用的器材有：兩個滑動變阻器R1、R2(其中一個阻值為20Ω，另一個阻值為2000Ω)；電阻箱Rz(最大阻值為99999.9Ω)；電源E(電動勢約為1.5V)；單刀開關S1和S2.C、D分別為兩個滑動變阻器的滑片．(1)按原理圖(a)將圖(b)中的實物連線．(2)完成下列填空：①R1的阻值為________Ω(填“20”或“2000”)．②為了保護微安表，開始時將R1的滑片C滑到接近圖(a)中滑動變阻器的________端(填“左”或“右”)對應的位置；將R2的滑片D置于中間位置附近．③將電阻箱Rz的阻值置于2500.0Ω，接通S1.將R1的滑片置于適當位置，再反復調節R2的滑片D的位置，最終使得接通S2前后，微安表的示數保持不變，這說明S2接通前B與D所在位置的電勢________(填“相等”或“不相等”)④將電阻箱Rz和微安表位置對調，其他條件保持不變，發現將Rz的阻值置于2601.0Ω時，在接通S2前后，微安表的示數也保持不變．待測微安表的內阻為______Ω(結果保留到個位)．(3)寫出一條提高測量微安表內阻精度的建議：_______________________________.四、計算題(共3小題,每小題18.0分,共28分)11（12分）.如圖，AB段為長L＝8m傾角θ＝37°的斜面，BC段水平，AB與BC平滑相連．一個質量m＝2kg的物體從斜坡頂端以v0＝2.0m/s的初速度勻加速滑下，經時間t＝2.0s到達斜坡底端B點．滑雪板與雪道間的動摩擦因數在AB段和BC段均相同．求：(1)物體在斜坡上滑行時加速度的大小a;(2)滑雪板與雪道間的動摩擦因數μ；(3)物體滑上水平雪道后，在t′＝2.0s內滑行的距離x.12（16分）.一臺質譜儀的工作原理如圖1所示，電荷量均為＋q、質量不同的離子飄入電壓為U0的加速電場，其初速度幾乎為零．這些離子經加速后通過狹縫O沿著與磁場垂直的方向進入磁感應強度為B的勻強磁場，最后打在底片上．已知放置底片的區域MN＝L，且OM＝L.某次測量發現MN中左側區域MQ損壞，檢測不到離子，但右側區域QN仍能正常檢測到離子．在適當調節加速電壓后，原本打在MQ的離子即可在QN檢測到．(1)求原本打在MN中點P的離子質量m；(2)為使原本打在P的離子能打在QN區域，求加速電壓U的調節范圍；(3)為了在QN區域將原本打在MQ區域的所有離子檢測完整，求需要調節U的最少次數．(取lg2＝0.301，lg3＝0.477，lg5＝0.699)【物理選修33】13.(1)現用某一光電管進行光電效應實驗，當用某一頻率的光入射時，有光電流產生．下列說法正確的是________．A．保持入射光的頻率不變，入射光的光強變大，飽和光電流變大B．入射光的頻率變高，飽和光電流變大C．入射光的頻率變高，光電子的最大初動能變大D．保持入射光的光強不變，不斷減小入射光的頻率，始終有光電流產生E．遏止電壓的大小與入射光的頻率有關，與入射光的光強無關(2)某游樂園入口旁有一噴泉，噴出的水柱將一質量為M的卡通玩具穩定地懸停在空中．為計算方便起見，假設水柱從橫截面積為S的噴口持續以速度v0豎直向上噴出；玩具底部為平板(面積略大于S)；水柱沖擊到玩具底板后，在豎直方向水的速度變為零，在水平方向朝四周均勻散開．忽略空氣阻力．已知水的密度為ρ，重力加速度大小為g.求：(ⅰ)噴泉單位時間內噴出的水的質量；(ⅱ)玩具在空中懸停時，其底面相對于噴口的高度．【物理選修34】14、圖（a）為一列簡諧橫波在t=2s時的波形圖，圖（b）為媒質中平衡位置在x=1.5m處的質點的振動圖像，P是平衡位置為x=2m的質點，下列說法正確的是___________。A.波速為0.5m/sB.波的傳播方向向左C.0~2s時間內，P運動的路程為1mD.0~2s時間內，P質點振動方向會發生變化E.當t=7s時，P恰好回到平衡位置用折射率為n=QUOTE的透明物質做成的內外半徑分別為a和b的空心球，空心內表面上涂上能完全吸收光的物質．現有一束平行光射向此球，求：（1）要想使射入球內的折射光線恰好都被內表面吸收，a和b之間的大小關系；（2）當a、b的大小關系變化時，分別求出被吸收掉的光束的橫截面積為多大．（注意：被吸收掉的光束的橫截面積，指的是原來入射平行光線的橫截面積，本題不考慮透明物質的吸收和外表面的反射）答案解析1.【答案】A【解析】小球上升過程mg＋kv＝ma，隨著速度的減小，加速度減小；小球上升過程mg－kv＝ma′，隨著速度的增加，加速度也減小，由于空氣阻力做負功，最后落地時速小于初速度v0，故A正確．2.【答案】C【解析】若使飛船與空間站在同一軌道上運行，然后飛船加速，所需向心力變大，則飛船將脫離原軌道而進入更高的軌道，不能實現對接，選項A錯誤；若使飛船與空間站在同一軌道上運行，然后空間站減速，所需向心力變小，則空間站將脫離原軌道而進入更低的軌道，不能實現對接，選項B錯誤；要想實現對接，可使飛船在比空間實驗室半徑較小的軌道上加速，然后飛船將進入較高的空間實驗室軌道，逐漸靠近空間實驗室后，兩者速度接近時實現對接，選項C正確；若飛船在比空間實驗室半徑較小的軌道上減速，則飛船將進入更低的軌道，不能實現對接，選項D錯誤．3.【答案】B【解析】Q1、Q2到q所在點距離相等，但從題圖中可知F2>F1，由庫侖定律知Q2的電荷量一定大于Q1的電荷量，所以B正確，A、D錯誤；帶正電的試探電荷q在A點處受到的都是斥力，則Q1、Q2一定為同種電荷，則C錯．4.【答案】A【解析】要使燈泡變亮，應使副線圈兩端電壓增大，由Em＝NBSω知，當增大發動機的轉速時，交流電源的電壓增大，根據理想變壓器工作原理可知，副線圈兩端電壓增大，燈泡變亮，故A正確；當滑片P向下滑動時，副線圈匝數減少，根據理想變壓器工作原理可知，副線圈兩端電壓增大，燈泡變暗，故B錯誤；將可調電阻R減小，副線圈兩端電壓不變，通過燈泡的電流不變，燈泡亮度不變，故C錯誤；由c＝知，當增大電容器極板間的距離時，電容器的電容減小，增大了容抗，通過燈泡的電流減小，燈泡變暗，故D錯誤．5.【答案】D【解析】磁鐵在線圈所處位置產生的磁感線與線圈平面平行，穿過線圈的磁通量為零，將磁鐵在紙面內向上平移、向右平移和將磁鐵繞垂直紙面的軸轉動，穿過線圈的磁通量始終都是零，沒有發生變化，所以不會產生感應電流．將磁鐵的N極轉向紙外，S極轉向紙內時，穿過線圈的磁通量由零開始逐漸變大，磁通量發生了變化，所以有感應電流產生．D正確，A、B、C錯誤，故選D.6.【答案】CD【解析】A、光子說的確立，沒有完全否定了波動說，使人們對光的本性認識更完善，光既有波動性，又有粒子性，光具有波粒二象性，故A錯誤，D正確；B、光的波粒二象性，與宏觀概念中的波相同又與微觀概念中的粒子完全不相同，故B錯誤；C、波動說和粒子說都有其正確性，但又都是不完善的，都有其不能解釋的實驗現象，故C正確；7.【答案】BCD【解析】在運動剛開始時，導體中的感應電動勢最大E＝BLv0＝1×0.3×10V＝3V，金屬桿兩端的電壓為U＝·＝1V，選項A錯誤；當電阻R0產生的熱量Q0＝5J時，ab內阻上產生的熱量為4Q0＝20J，電路中產生的總熱量為Q＝6Q0＝30J，選項D正確；設ab桿沿斜面上升的最大距離為x，根據能量守恒定律mv＝mgxsin37°＋μmgcos37°x＋Q，解得x＝2m，選項B正確；上升過程中，通過ab桿的總電荷量為q＝＝＝0.2C，選項C正確．8.【答案】AD【解析】初始狀態，彈簧的彈力F彈＝mg，后來F彈′cosθ＝mg，故彈力會增加，彈簧伸長量增加，系統彈性勢能增加，故A正確，B錯誤；作用過程中，外力F做正功，系統機械能不守恒，機械能總量要增加，故C錯誤，D正確．9.【答案】(1)7.25(2)v＝30h(3)mv(4)選擇密度較大的直桿或選擇直徑較小的直桿．【解析】(1)游標卡尺的主尺讀數為7mm，游標尺上第5條刻度線和主尺上某一刻度線對齊，所以游標讀數為5×0.05mm＝0.25mm，所以最終讀數為：7mm＋0.25mm＝7.25mm.(2)質點的動能與速度的平方成正比，故可以求出速度的平方，如下表：由上述表格得到：v＝30h；(3)設桿長L，桿轉動的角速度為：ω＝；在桿上取△x長度微元，設其離O點間距為x，其動能為：m(x)2；積分得到：Ek＝·m·(·x)2＝mv；(4)為了減小空氣阻力對實驗的影響，選擇密度較大的直桿或選擇直徑較小的直桿．10.【答案】(1)見解析圖(2)①20②左③相等④2550(3)調節R1上的分壓，盡可能使微安表接近滿量程．【解析】(1)實物連線如圖所示：(2)①滑動變阻器R1采用分壓式接法，為了方便調節要選擇阻值較小的滑動變阻器；②為了保護微安表，開始時將R1的滑片C滑到滑動變阻器的左端對應的位置；③將電阻箱Rz的阻值置于2500.0Ω，接通S1；將R1的滑片置于適當位置，再反復調節R2的滑片D的位置；最終使得接通S2前后，微安表的示數保持不變，這說明S2接通前后在BD中無電流流過，可知B與D所在位置的電勢相等；④設滑片D兩側電阻分別為R21和R22，由B與D所在位置的電勢相等可知，＝；同理，當Rz和微安表對調時，仍有＝；聯立兩式解得，RμA＝＝Ω＝2550Ω(3)為了提高測量精度，應調節R1上的分壓，盡可能使微安表接近滿量程．11.【答案】(1)2m/s2(2)0.5(3)3.6m【解析】(1)物體沿斜坡下滑L過程中，由運動學公式L＝v0t＋at2a＝2m/s2(2)沿斜坡下滑過程，由牛頓第二定律知：mgsinθ－μmgcosθ＝maμ＝0.5(3)在水平雪道滑行過程：vB＝v0＋at＝2＋2×2m/s＝6m/sa′＝＝μg＝5m/s2t0＝＝s＝1.2sx＝·t0＝×1.2m＝3.6m.12.【答案】(1)(2)≤U≤(3)3次【解析】(1)離子在電場中加速：qU0＝mv2在磁場中做勻速圓周運動：qvB＝m解得r＝打在MN中點P的離子半徑為r0＝L，代入解得m＝(2)由(1)知，U＝離子打在Q點時r＝L，U＝離子打在N點時r＝L，U＝，則電壓的范圍≤U≤(3)由(1)可知，r∝由題意知，第1次調節電壓到U1，使原本Q點的離子打在N點＝此時，原本半徑為r1的打在Q1的離子打在Q上＝解得r1＝2L第2次調節電壓到U2，原本打在Q1的離子打在N點，原本半徑為r2的打在Q2的離子打在Q上，則：＝，＝解得r2＝3L同理，第n次調節電壓，有rn＝n＋1L檢測完整，有rn≤解得n≥－1≈2.8最少次數為3次13.【答案】(1)ACE(2)(ⅰ)ρv0S(ⅱ)－【解析】(1)在發生光電效應時，飽和光電流大小由光照強度來決定，與頻率無關，光照強度越大飽和光電流越大，因此A正確，B錯誤；根據Ekm＝hν－W可知，對于同一光電管，逸出功W不變，當頻率變高，最大初動能Ekm變大，因此C正確；由光電效應規律可知，當頻率低于截止頻率時無論光照強度多大，都不會有光電流產生，因此D錯誤；由Ekm＝eUc和Ekm＝hν－W，得hν－W＝eUc，遏止電壓只與入射光頻率有關，與入射光強無關，因此E正確．(2)(ⅰ)在剛噴出一段很短的Δt時間內，可認為噴出的水柱保持速度v0不變．該時間內，噴出水柱高度Δl＝v0Δt①噴出水柱質量Δm＝ρΔV②其中ΔV為水柱體積，滿足ΔV＝ΔlS③由①②③可得：噴泉單位時間內噴出的水的質量為＝ρv0S(ⅱ)設玩具底面相對于噴口的高度為h由玩具受力平衡得F沖＝Mg④其中，F沖為水柱對玩具底面的作用力由牛頓第三定律：F壓＝F沖⑤其中，F壓為玩具底面對水柱的作用力，v′為水柱到達玩具底面時的速度由運動學公式：v′2－v＝－2gh⑥在很短Δt時間內，沖擊玩具的水