浙江省普通高校2024年1月招生選考科目考試物理試題1.下列屬于國際單位制基本單位符號的是()A.s2.杭州亞運會順利舉行，如圖所示為運動會中的四個比賽A.研究甲圖運動員的入水動作B.研究乙圖運動員的空中轉體姿態C.研究丙圖運動員在百米比賽中的平均速度D.研究丁圖運動員通過某個攀巖支點的動作3.如圖所示，質量為m的足球從水平地面上位置1被踢出后落在位置3,在空中達到最高點2的高度為h,則足球()A.從1到2動能減少mghB.從1到2重力勢能增加mghC.從2到3動能增加mghD.從2到3機械能不變4.磁電式電表原理示意圖如圖所示，兩磁極裝有極靴，極靴金屬板A.圖示左側通電導線受到安培力向下金屬板B.a、b兩點的磁感應強度相同C.圓柱內的磁感應強度處處為零D.c、d兩點的磁感應強度大小相等5.如圖為某燃氣灶點火裝置的原理圖。直流電經轉換器輸出u=5sin100πt(V)的交流電，經原、副線圈匝數分別為n?和n?的變壓器升壓至峰值大于10kV,就會在打火針和金屬板間引發電火花，實現點火。下列正確的是()C.用電壓表測原線圈兩端電壓，示數為5VD.副線圈輸出交流電壓的頻率是100Hz6.如圖所示，在同一豎直平面內，小球A、B上系有不可伸長的細線a、b、c和d,其中a的上端懸掛于豎直固定的支架上，d跨過左側定滑輪、c跨過右側定滑輪分別與相同配重P、Q相連，調節左、右兩側定滑輪高度達到平衡。已知小球A、B和配重P、Q質量均為50g,細線c、d平行且與水平成θ=30°(不計摩擦),則細線a、b的拉力分別為()A.2N,1NB.2N,0.5NC.1N,1N7.已知氘核質量為2.0141u,氚核質量為3.0161u,氦核質量為4.0026u,中子質量為1.0087u,阿伏加氦，下列說法正確的是()B.氘核的比結合能比氦核的大C.氘核與氚核的間距達到10~10m就能發生核聚變D.4g氘完全參與聚變釋放出能量的數量級為1025MeV8.如圖所示，小明取山泉水時發現水平細水管到水平地面的距離為水桶高的兩倍，在地面上平移水桶，水恰好從桶口中心無阻擋地落到桶底邊沿A。已知桶高為h,直徑為D,則水離開出水口的速度大小9.如圖所示，2023年12月9日“朱雀二號”運載火箭順利將“鴻鵠衛星”等三顆衛星送入距離地面約列說法正確的是()A.火箭的推力是空氣施加的B.衛星的向心加速度大小約8.4m/s2C.衛星運行的周期約12hD.發射升空初始階段，裝在火箭上部的衛星處于失重狀態10.如圖1所示，質量相等的小球和點光源，分別用相同的彈簧豎直懸掛于同一水平桿上，間距為l,豎直懸掛的觀測屏與小球水平間距為2l,小球和光源做小振幅運動時，在觀測屏上可觀測小球影子的運動。以豎直向上為正方向，小球和光源的振動圖像如圖2所示，則()5、6用H?和Hy光進行如下實驗研究，則()HαHα A.10-23V,10-7AB.10-20v,10-7AC.10-23V,10-5AD.10-20v,10-14.下列說法正確的是()A.相同溫度下，黑體吸收能力最強，但輻射能力最弱B.具有相同動能的中子和電子，其德布羅意波長相同C.電磁場是真實存在的物質，電磁波具有動量和能量D.自然光經玻璃表面反射后，透過偏振片觀察，轉動偏振片時可觀察到明暗變化15.在如圖所示的直角坐標系中，xOz平面為介質I和Ⅱ的分界面(z軸垂直紙面向外)。在介質I中的P(0,4λ)處有一點波源，產生波長為λ、速度為v的波。波傳到介質Ⅱ中，其速度為√2v,圖示時刻介質Ⅱ中僅有一個波峰，與x軸和y軸分別交于R和S點，此時波源也恰好位于波峰。M為O、R連線的中點，入射波與反射波在O點相干加強，則()B.S點的坐標為(0,-B.S點的坐標為(0,-√2λ)C.入射波與反射波在M點相干減弱16.如圖1所示是“探究加速度與力、質量的關系”的實驗裝置。(1)該實驗中同時研究三個物理量間關系是很困難的，因此我們采用的研究方法是A.放大法B.控制變量法C.補償法(2)該實驗過程中操作正確的是A.補償阻力時小車未連接紙帶B.先接通打點計時器電源，后釋放小車C調節滑輪高度使細繩與水平桌面平行(3)在小車質量(選填“遠大于”或“遠小于”)槽碼質量時，可以認為細繩拉力近似等于槽列可行的方案是A.用氣墊導軌代替普通導軌，滑塊代替小車B.在小車上加裝遮光條，用光電計時系統代替打點計時器C.在小車與細繩之間加裝力傳感器，測出小車所受拉力大小(4)經正確操作后獲得一條如圖2所示的紙帶，建立以計數點0為坐標原點的x軸，各計數點的位置坐標分別為0、x?、…、x?。已知打點計時器的打點周期為T,則打計數點5時小車速度的表達式V=_;小車加速度的表達式是。17.在“觀察電容器的充、放電現象”實驗中，把電阻箱R(0～99992)、一節干電池、微安表(量程0～300μA,零刻度在中間位置)、電容器C(2200μF、16V)、單刀雙擲開關組裝成如圖1所示的實驗電路。圖1圖2(1)把開關S接1,微安表指針迅速向右偏轉后示數逐漸減小到零：然后把開關S接2,微安表指針偏轉情況是A.迅速向右偏轉后示數逐漸減小B.向右偏轉示數逐漸增大C.迅速向左偏轉后示數逐漸減小D.向左偏轉示數逐漸增大(2)再把電壓表并聯在電容器兩端，同時觀察電容器充電時電流和電壓變化情況。把開關S接1,微安表指針迅速向右偏轉后示數逐漸減小到160μA時保持不變；電壓表示數由零逐漸增大，指針偏轉到如圖2所示位置時保持不變，則電壓表示數為V,電壓表的阻值為k2(計算結果保留18.在探究熱敏電阻的特性及其應用的實驗中，測得熱敏電阻R,在不同溫度時的阻值如下表溫度/℃電阻/(1022)某同學利用上述熱敏電阻R?、電動勢E=3V(內阻不計)的電源、定值電阻R(阻值有3k2、5k2、12kΩ三種可供選擇)、控制開關和加熱系統，設計了A、B、C三種電路。因環境溫度低于20℃,現要求將室內溫度控制在20℃~28℃范圍，且1、2兩端電壓大于2V,控制開關開啟加熱系統加熱，則應選擇的電路是,定值電阻R的阻值應選k32,1、2兩端的電壓小于V時，自動關閉加熱系統(不考慮控制開關對電路的影響)。加熱系統加熱系統控制開關R?R2積為S=100cm2的絕熱活塞B被鎖定，隔板A的左側為真空，右側中一定質量的理想氣體處于溫度狀態2。然后解鎖活塞B,同時施加水平恒力F,仍使其保持靜止，當電阻絲C加熱時，活塞B能緩慢滑動(無摩擦),使氣體達到溫度T?=350K的狀態3,氣體內能增加△U=63.8J。已知大氣壓強p?=1.01×10?Pa,隔板厚度不計。(1)氣體從狀態1到狀態2是(選填“可逆”或“不可逆”)過程，分子平均動能(2)求水平恒力F的大小；(3)求電阻絲C放出的熱量Q。20.某固定裝置的豎直截面如圖所示，由傾角θ=37°的直軌道AB,半徑R=1m的圓弧軌道BCD,長度L=1.25m、傾角為θ的直軌道DE,半徑為R、圓心角為θ的圓弧管道EF組成，軌道間平滑連接。在軌道末端F的右側光滑水平面上緊靠著質量m=0.5kg滑塊b,其上表面與軌道末端F所在的水平面平齊。質量m=0.5kg的小物塊a從軌道AB上高度為h靜止釋放，經圓弧軌道BCD滑上軌道DE,軌道DE由特殊材料制成，小物塊a向上運動時動摩擦因數μ?=0.25,向下運動時動摩擦因數μ?=0.5,且最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。當小物塊a滑塊b上滑動時動摩擦因數恒為μ?,小物塊a動到滑塊右側的豎直擋板能發生完全彈性碰撞。(其它軌道均光滑，小物塊視為質點，不計空氣阻力，sin37°=0.6,cos37°=0.8)(2)若h=1.6m,滑塊至少多長才能使小物塊不脫離滑塊。21.如圖1所示，掃描隧道顯微鏡減振裝置由絕緣減振平臺和磁阻尼減振器組成。平臺通過三根關于0'0”軸對稱分布的相同輕桿懸掛在輕質彈簧的下端O,彈簧上端固定懸掛在0'點，三個相同的關于0'0”軸對稱放置的減振器位于平臺下方。如圖2所示，每個減振器由通過絕緣輕桿固定在平臺下表面的線圈和固定在桌面上能產生輻向磁場的鐵磁體組成，輻向磁場分布關于線圈中心豎直軸對稱，線圈所在處磁感應強度大小均為B。處于靜止狀態的平臺受到外界微小擾動，線圈在磁場中做豎直方向的阻尼運動，其位移隨時間變化的圖像如圖3所示。已知t=0時速度為vo,方向向下，t?、t?時刻的振幅分別為A?,A?。平臺和三個線圈的總質量為m,彈簧的勁度系數為k,每個線圈半徑為r、電阻為R。當彈簧形變量圖1圖2圖3(1)平臺靜止時彈簧的伸長量△x;(2)t=0時，每個線圈所受到安培力F的大小；(3)在0～t?時間內，每個線圈產生的焦耳熱Q;在豎直平面內有三個平行區域I、Ⅱ和Ⅲ;I區寬度為d,存在磁感應強度大小為B、方向垂直平面向外的勻強磁場，Ⅱ區的寬度很小。I區和Ⅲ區電勢處處相等，分別為9和Q,其電勢差U=φa-9a。一束質量為m、電荷量為e的質子從O點以入射角θ射向I區，在P點以出射角θ射出，實現“反射”;質子在平面內運動，單位時間發射的質子數為N,初速度為v?,不計質子重力，不考慮質子間相互作用以及質子對磁場和電勢分布的影響。(1)若不同角度射向磁場的質子都能實現“反射”,求d的最小值；(2)若求“折射率”n(入射角正弦與折射角正弦的比值)(3)計算說明如何調控電場，實現質子束從P點進入Ⅱ區發生“全反射”(即質子束全部返回I區)質子打在探測板上即被吸收中和。若還有另一相同質子束，與原質子束關于法線左右對稱，同時從O點射入I區，且θ=30°,求探測板受到豎直方向力F的大小與U之間的關系。【分析】國際單位制中的力學上的三個基本物理量分別是質量，時間和長度D、研究丁圖運動員通過某個攀巖支點的動作,不可以將運動員看做質點，D錯誤。【解析】【解答】A、從1到2的過程中除重力做功外，還存在空氣阻力做功，則無法計算從1到2過程B、從1到2過程中克服重力做功為mgh,則重力勢能增加了mgh,B正確。C、從2到3過程中重力做功為mgh,空氣阻力還做了一部分負功，則從2到3過程動能增加量小于【分析】由圖可知，若不存在空氣阻力則足球在上C、圓柱體內部雖然沒有沒有畫出磁感線，但內部磁感應強度并不為零，C錯誤。D、由磁感線疏密可知，c點磁感應強度大于d點磁感應強度，D錯誤。【分析】由磁感線的疏密和方向判斷a,b,c,d四個點的磁感應強度大小和方向，再由左手定則判斷左側通電導線所受的安培力情況。代入數據解得若使輸出電壓大于10kv,則C、電壓表測量的是原線圈電壓的有效值，則示數為D、變壓器智能改變電壓的大小，不改變電壓的頻率，則輸出電壓的頻率為【分析】根據變壓器原副線圈匝數之比等于兩端電壓之比計算原副線圈匝數之比，電壓表示數顯示的是交變電流的有效值而不是最大值。【解析】【解答】對A,B兩球整體進行受力分析，根據平衡條件可知代入數據解得Fa=2mg=1N對A進行受力分析，b的拉力等于c的拉力與A重力的合力，由平行四邊形定則可知細線c的拉力與A重力的合力大小為0.5N,則故D正確。【分析】對A和B整體進行受力分析，根據平衡條件計算細線a的拉力大小；再對A球進行受力分析，根據平行四邊形定則計算細線b拉力的大小。【解析】【解答】A、核反應前后質量數和電荷數守恒可知，核反應方程為A錯誤。B、氘核的比結合能比氦核的小，B錯誤。C、氘核與氚核的間距達到10-15m才能發生核聚變，C錯誤。D、一個氘核與一個氚核發生核聚變，質量虧損為釋放的能量為△E=4g氘完全參與聚變，釋放的能量為D正確。【分析】根據核反應前后質量數和電荷數守恒寫出核反應方程，再由愛因斯坦質能方程計算聚變過程中所釋放出的能量。【解析】【解答】水流噴出后做平拋運動，設出水口到桶中心的水平距離為x,則有水落至桶底時有【分析】水流離開出水口后做平拋運動，根據平拋運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動列方程計算水流的初速度大小。【知識點】衛星問題B、由牛頓第二定律可知則C、衛星運行的周期滿足則D、發射升空初始階段，裝在火箭上部的衛星向上加速，處于超重狀態，D錯誤。【分析】對發射火箭的過程進行分析，根據牛頓第三定律分析火箭推力的來源，再對衛星進行受力分析，由萬有引力定律和加速度與周期之間的關系，計算加速度和周期的大小。B、t?時刻光源處于上方最大位移處，則加速度向下，B錯誤。C、由圖像可知，小球和光源的振動步調相同，則兩者之間的相位差為零，即tz時刻小球與影子相位差D、由圖像可知t?時刻，光源位于最低點，小球位于最高點，此時影子所處的位置處于最高點，由幾何關系可知解得即t?時刻影子的位移為5A,D正確。【分析】對振動圖像進行分析，圖像的斜率表示速度的大小，振子的加速度與位移方向相反，再根據幾何關系計算影子的位移大小。【解析】【解答】A、M、N間距離增大，兩板間電壓保持不變，則根據此過程中電場力對電子所做的功保持不變，則電子到達N的動能保持不變，A錯誤。B、沿任何方向逸出的光電子最大初動能都為C、電子向y軸逸出時，到達N板時y方向位移最大，則D、電流表示數恰好為零時，則解得【分析】根據愛因斯坦光電效應方程分析光電子逸出時的最【解析】【解答】A、由巴爾末公式可知Hy光的波長較長，則照射單縫衍射裝置時，中央亮條紋最寬，可知H,光的頻率較小，折射率小，在平行板玻璃磚的偏移量較小，B錯誤。C、H,頻率較小，光子能量較小，以相同的功率發射細光束，單位長度的平均光子數較多，C正確。D、H,頻率較小，光子能量較小，光子數目多，則飽和光電流大，D錯誤。【分析】根據巴爾末公式比較Hy光和Hg的波長，頻率，折射率和光子能量，再由幾何光學和物理光學聯立解得感應電動勢的大小為則感應電動勢和一年后電流減小量的數量級分別為10-20v,10-5A,D正確。【分析】根據法拉第電磁感應定律和電阻定律抑菌劑電流與磁場之間的關系列方程分析求解感應電動勢和電流的變化量。【解析】【解答】A、黑體吸收能力最強，同樣輻射能力也是最強，在熱平衡狀態下，黑體吸收和輻射的B、德布羅意波的波長為具有相同動能的中子和電子，質量不同，則動量不同，德布羅意波長也不相同，B錯誤。C、電磁場是實際存在的物質，電磁波具有能量和動量，C正確。D、自然光經過玻璃表面反射后是偏振光，可以觀察到偏振現象，D正確。電磁波是交【分析】黑體是指只吸收和輻射電磁波而不反射電磁波的物體，德布羅意波的波長：替傳播的電磁場，是切實存在的物體。【解析】【解答】A、波由介質I進入介質Ⅱ中波長和波速發生變化，頻率保持不變，則頻率A錯誤。B、波再介質Ⅱ中的波長為由圖可知O點處于波峰狀態，S也處于波峰，則S的坐標為(0,-v2λ),B正確。C、入射波與反射波在O點相干加強，則M點也為相干加強，C錯誤。D、根據折射定律得由圖可知入射角正弦值為則折射角的正弦值【分析】波從介質I進入介質Ⅱ過程中頻率不變，波長和波速發生改變，再根據波的干涉原理和波的折射定律分析加強點和減弱點以及折射角的正弦值。(3)遠大于；系統誤差；C【解析】【解答】(1)探究多個物理量之間的關系，保證其他物理量不變，探究其中兩個物理量之間的關系應用了控制變量法。(2)釋放紙帶時先接電源后放紙帶，調節細繩與桌面平行，補償阻力時要連接。故選B。(3)小車質量遠大于槽碼質量是可認為細繩拉力近似等于槽碼的重力，實驗原理中出現的誤差屬于系統為減小實驗誤差可以，小車與細繩之間加裝力傳感器，測出小車所受拉力大小。故選C。(4)計數點5時小車的速度為小車的加速度為故選A。【分析】(1)探究多個物理量之間的關系，保證其他物理量不變，探究其中兩個物理量之間的關系應用(2)實驗過程中補償阻力需要平衡掉小車與木板之間的摩擦，紙帶與限位空之間的摩擦，所以需要連接(3)小車質量遠大于槽碼質量是可認為細繩拉力近似等于槽碼的重力，實驗裝置導致的誤差是系統誤差，測量導致的誤差是偶然誤差。(4)根據中間時刻的瞬時速度等于這段時間內的平均速度和逐差法計算速度和加速度。【解析】【解答】(1)開關S接1電容器充電，電容器充電電流先增大，然后減小，開關接2,電容器放電，電流反向，放電結束后電流為零，則微安表先向左偏轉，然后減小置零。故選C。(2)電壓表選擇量程為0-3V,分度值為0.1V,則讀數為0.50V;根據歐姆定律，電壓表的內阻為【分析】(1)開關接1電容器充電，開關接2電容器放電。(2)電壓表的分度值為0.1v,需要估讀到最小分度值的下一位。根據歐姆定律計算電壓表內阻。【知識點】研究熱敏、光敏、壓敏等可變電阻的特性【解析】【解答】定值電阻和熱敏電阻串聯，溫度越低，熱敏電阻的阻值越大，熱敏電阻的分壓越大，C圖可以實現1和2兩端電壓大于2V,控制開關加熱系統進行加熱，C正確。由表格可知20℃時熱敏電阻的阻值為6kQ,則解得當溫度大于28℃時停止加熱，此時熱敏電阻的阻值為4.5kQ,根據分壓規律可得1和2兩端的電壓為1.8V,故兩端電壓小于1.8V時停止加熱。【分析】根據熱敏電阻的特點和電路結構選擇合適的電路，再由熱敏電阻隨溫度變化的關系和歐姆定律計算定值電阻的大小和12兩端電壓的大小。19.【答案】(1)不可逆；不變(2)氣體從狀態1到狀態2發生等溫變化，則有P?V?=P?·2V?解得狀態2氣體的壓強)解鎖活塞B,同時施加水平恒力F,仍使其保持靜止，以活塞B為對象，根據受力平衡可得P?S=P?S+F(3)當電阻絲C加熱時，活塞B能緩慢滑動(無摩擦),使氣體達到溫度T?=350K的狀態3,可知氣體做等壓變化，則有可得狀態3氣體的體積:根據熱力學第一定律可得△U=-W+Q'解得氣體吸收的熱量為Q′=AU+W=63.8J+25.5J=89.3J可知電阻絲C放出的熱量為Q=Q′=89.3J【知識點】理想氣體與理想氣體的狀態方程；熱力學第一定律及其應用【解析】【分析】(1)由熱力學第二定律可知，氣體膨脹對外做功過程時一個不可逆過程，氣體溫度保持不變，則分子平均動能保持不變。(2)對氣體進行分析，由等溫變化計算狀態2時氣體的壓強，再對活塞B進行受力分析，根據平衡條件計算水平恒力的大小。(3)根據理想氣體狀態方程計算氣體在狀態3時的體積，再由熱力學第一定律計算氣體吸收的熱量大小即為電阻絲所放出的熱量。所以小物塊a每次在DE上升至最高點后一定會下滑，之后經過若干次在DE上的滑動使機械能損失，最終小物塊a將在B、D間往復運動，且易知小物塊每次在DE上向上運動和向下運動的距離相等，設其在DE上經過的總路程為s,根據功能關系有1解得s=2ma=gsinθ+H?gcos0=8m/s2a=gsinθ-H?gcosO=2m/s2將小物塊a在DE上□若干次運動等效看作是一次完整的上滑和下滑，則根據運動學公式(2)解：對小物塊a從A到FJ過程，根據動能定理有解得vg=2m/s設滑塊長度為1時，小物塊恰好不脫離滑塊，且此時二者達到共同速度v,根據動量守恒定律和能量守恒定律有mvr=2mv【解析】【分析】(1)對小物塊進行受力分析，根據機械能守恒定律計算第一次經過C時的速度大小，再由向心加速度的表達式計算向心加速度；小物塊滑動過程的摩擦力產熱等于小物塊最開始時的機械能，根據功能關系計算所走過的路程；根據牛頓第二定律計算向上運動和向下運動的加速度，再由運動學公式計算時間之比。(2)對小物塊從A到F的過程中應用動能定理計算物塊到達F時的速度大小，再根據能量守恒定律計算滑塊的長度大小。21.【答案】(1)解：平臺靜止時，穿過