浙江省湖州市長興縣夾浦鎮中學高一物理下學期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.一物體受到三個共點力的作用，下面4組力中能使物體處于平衡狀態的是:（

）A．F1＝7N，F2＝8N，F3＝9NB．F1＝8N，F2＝2N，F3＝1NC．F1＝7N，F2＝1N，F3＝5ND．F1＝10N，F2＝10N，F3＝1N參考答案：AD2.下列說法正確的是（

）A．摩擦力的方向可能與物體運動的方向相同B．兩個物體接觸面間有彈力作用，且有相對運動就會產生滑動摩擦力C．運動的物體不可能受靜摩擦力的作用D．摩擦力只能是阻力參考答案：A3.（單選題）一輛車做單向直線運動，先以速度v勻速行駛了2/3的路程，接著以20km/h的速度勻速跑完了余下的1/3路程，若全程的平均速度是28km/h，則v的大小是A.24km/hB.35km/hC.36km/hD.48km/h參考答案：B4.（單選）汽車在傾斜的軌道上轉彎如圖所示，彎道的傾角為θ，半徑為R，則汽車完全不靠摩擦力轉彎的速率是（

）A．

B．C．

D．參考答案：C5.如圖，在密封的盒子內裝有一個質量為m的金屬球，球剛能在盒內自由活動，若將盒子在空氣中豎直向上拋出，則拋出后上升、下降的過程中，以下說法正確的是 A．無論空氣阻力是否可以忽略，上升都對盒底有壓力，下降都對盒頂有壓力B．無論空氣阻力是否可以忽略，上升、下降對盒均無壓力C．如果空氣阻力不可忽略，則上升、下降均對盒底有壓力

D．如果空氣阻力不可忽略，升時對盒頂有壓力，下降時對盒底有壓力；參考答案：D如果空氣阻力可以忽略，則完全失重，上升、下降對盒均無壓力。如果空氣阻力不可忽略，上升時，盒子受到向下的重力和向下的空氣阻力，加速度大于g，對球由牛頓第二定律知：N+mg=ma（a＞g），N為球受到盒子頂部的壓力，由牛頓第三定律知上升時對盒頂有壓力；同理分析，下降時，球的加速度為a＜g，則由：mg-N=ma，N為盒子底部對球的支持力，由牛頓第三定律知下降時對盒底有壓力，綜上分析D正確。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.在北京和廣州用同一彈簧秤稱量兩個不同物體A和B，讀數相同。若用同一天平，在廣州稱A物體，在北京稱B物體，其結果A物體的質量比B物體的質量

。(請填“大”或“小”)參考答案：小7.在平直公路上，汽車由靜止開始做勻加速直線運動，當速度達到vm后立即關閉發動機直到停止，其v—t圖象如圖所示.設汽車牽引力F的做功為W1，克服摩擦力Ff做的功為W2，則F：Ff=

,W1：W2=

。參考答案：3:1

1:18.如圖所示，質量為2kg的物體放在水平地面上的，物體與水平地面的動摩擦因數為/3，受到一個與水平方向成α角斜向上方的拉力F，要將物體拉動，F至少要__________N，此時α為___________。參考答案：9.（4分）做勻加速直線運動的小汽車，加速度大小為0.5m/s2，經過8s速度變為4m/s。則小汽車的初速度大小為

，這段時間內的位移大小為

。參考答案：0；16m10.如圖是自行車傳動機構的示意圖，其中Ⅰ是大齒輪，Ⅱ是小齒輪，Ⅲ是后輪．（1）假設腳踏板的轉速為n，則大齒輪的角速度是2πnrad/s．（2）要知道在這種情況下自行車前進的速度有多大，還需要測量哪些量？答：大齒輪的半徑r1，小齒輪的半徑r2，后輪的半徑r3．（3）用上述量推導出自行車前進速度的表達式：．參考答案：考點：線速度、角速度和周期、轉速．專題：勻速圓周運動專題．分析：（1）根據大齒輪的周期求出大齒輪的角速度．（2、3）大齒輪和小齒輪靠鏈條傳動，線速度相等，根據半徑關系可以求出小齒輪的角速度．后輪與小齒輪具有相同的角速度，若要求出自行車的速度，需要測量后輪的半徑，抓住角速度相等，求出自行車的速度．解答：解：（1）大齒輪的周期為n秒，則大齒輪的角速度ω1==2πnrad/s．（2）大齒輪和小齒輪的線速度相等，小齒輪與后輪的角速度相等，若要求出自行車的速度，還需測量：大齒輪的半徑r1，小齒輪的半徑r2，后輪的半徑r3．（3）因為ω1r1=ω2r2，所以ω2=．后輪的角速度與小齒輪的角速度相等，所以線速度v=r3ω2=．故答案為：（1）2πn．（2）大齒輪的半徑r1，小齒輪的半徑r2，后輪的半徑r3．（3）．點評：解決本題的關鍵知道靠鏈條傳動，線速度相等，共軸轉動，角速度相等．11.質量為5㎏的物體，從足夠高的地方自由落下，開始2S內重力對物體做功的平均功率為

W，2S末重力對物體做功的瞬時功率為

W（取g=10m/s2）參考答案：

500

；

100012.豎直上拋的物體，在上升階段的平均速度是20m／s，則從拋出到落回拋出點所需時間______s，上升的最大高度為______m(g取10m／s2)。參考答案：8，8013.在練習使用打點計時器的實驗中，得到了一條如圖所示的紙帶，其中0,1,2,3……是選用的計數點，每相鄰兩個計數點之間還有3個打出的點沒有在圖紙上標出。圖中畫出了將米尺靠在紙帶上測量的情況，讀出圖中所測量點的讀數分別是______、______、______和______；打第2個計數點時紙帶的速度是______m/s。參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.決定平拋運動物體飛行時間的因素是

A.初速度

B.拋出時的高度

C.拋出時的高度和初速度 D.以上均不對參考答案：C15.一顆在赤道上空運行的人造衛星，其軌道半徑為r=2R(R為地球半徑)，衛星的轉動方向與地球自轉方向相同.已知地球自轉的角速度為，地球表面處的重力加速度為g.求：

(1)該衛星所在處的重力加速度g′；

(2)該衛星繞地球轉動的角速度ω；(3)該衛星相鄰兩次經過赤道上同一建筑物正上方的時間間隔.參考答案：（1）（2）（3）【詳解】(1)在地球表面處物體受到的重力等于萬有引力mg=，在軌道半徑為r=2R處,仍有萬有引力等于重力mg′=，解得：g′=g/4；(2)根據萬有引力提供向心力，mg=，聯立可得ω=，(3)衛星繞地球做勻速圓周運動，建筑物隨地球自轉做勻速圓周運動，當衛星轉過的角度與建筑物轉過的角度之差等于2π時，衛星再次出現在建筑物上空以地面為參照物，衛星再次出現在建筑物上方時，建筑物隨地球轉過的弧度比衛星轉過弧度少2π.即ω△t?ω0△t=2π解得：【點睛】（1）在地球表面處物體受到的重力等于萬有引力mg=，在軌道半徑為2R處，仍有萬有引力等于重力mg′=，化簡可得在軌道半徑為2R處的重力加速度；（2）人造地球衛星繞地球做勻速圓周運動，由地球的萬有引力提供向心力，結合黃金代換計算人造衛星繞地球轉動的角速度ω；（3）衛星繞地球做勻速圓周運動，建筑物隨地球自轉做勻速圓周運動，當衛星轉過的角度與建筑物轉過的角度之差等于2π時，衛星再次出現在建筑物上空．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一輛汽車以1m/s2的加速度加速行駛了12s，駛過了180m。汽車開始加速時的速度是多少？參考答案：17.一臺玩具起重機的輸出額定功率P=40W，在將質量m=0.8kg的物塊由靜止開始豎直吊起的過程中，物塊先做加速度a=2.5m/s2的勻加速直線運動，當起重機輸出功率達到額定功率時，保持該功率不變，再經過t=0.6s物塊達最大速度．（不計空氣阻力，取g=10m/s2）．求：（1）重物上升過程中的最大速度vm；（2）起重機從靜止開始到達額定功率經歷的時間t0；（3）起重機從靜止開始到達最大速度過程中，起重機對重物所做的功W．參考答案：解：（1）當重物勻速運動時其速度最大，此時拉力為：F=mg=8N，由P=Fv可知最大速度為：vm===5m/s；（2）起重機勻加速運動時，由牛頓第二定律得：F′﹣mg=ma，代入數據解得：F′=10N，由P=Fv可知，勻加速結束時的速度為：v===4m/s，由勻變速直線運動的速度公式可知，時間為：t0===1.6s；（3）重物勻加速運動的位移為：h===3.2m，起重機對重物做功為：W=F′h+Pt=10×1.6+40×0.6=40J；答：（1）重物上升過程中的最大速度vm為5m/s．（2）起重機從靜止開始到達額定功率經歷的時間t0為1.6s．（3）起重機從靜止開始到達最大速度過程中，起重機對重物所做的功W為40J．【考點】動能定理的應用；功率、平均功率和瞬時功率．【分析】（1）重物做勻速直線運動時速度達到最大，應用平衡條件求出拉力，然后應用功率公式求出最大速度．（2）當起重機的輸出功率達到額定功率時勻加速結束，應用牛頓第二定律求出勻加速的拉力，然后應用功率公式求出勻加速結束時的速度，再應用勻變速直線運動的速度公式求出時間．（3）應用勻變速直線運動的速度位移公式求出勻加速的位移，然后應用功的計算公式與功率公式的變形公式求出起重機做的功．18.如圖所示，在質量為M的電動機上，裝有質量為m的偏心輪，偏心輪轉動的角速度為ω，當偏心輪重心在轉動軸正上方時，電動機對地面的壓力剛好為零，則偏心輪重心離轉動軸的距離多大？在轉動過程中，電動機對地面的最大壓力多大？參考答案：解：重物轉到飛輪的最高點時，電動機剛要跳起時，重物對飛輪的作用力F恰好等于電動機的重力Mg，即：F=Mg．以重物為研究對象，由牛頓第二定律得：Mg+mg=mω2R，解得：R=；若以上述角速度勻速轉動，重物轉到最低點時，則有：F′﹣mg=mω2r，得：F′=mg+mω2r=mg+（M+m）g=（M+2m）g根據牛頓第三定律得，重物對電動