2024屆云南省會澤縣第一中學高二物理第二學期期末聯考試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列射線中，穿透本領最強的是（）A．α射線 B．β射線 C．γ射線 D．陰極射線2、一滑雪運動員由靜止開始沿斜坡勻加速下滑．當下滑距離為L時，速度為v，那么，當他的速度是v/2時，下滑的距離是()A．L/2B．(2L)/2C．L/4D．3L/43、公路上勻速行駛的貨車受一擾動，車上貨物隨車廂底板上下振動但不脫離底板．一段時間內貨物在豎直方向的振動可視為簡諧運動，周期為T．取豎直向上為正方向，以t＝0時刻作為計時起點，其振動圖像如圖所示，則A．t＝T時，貨物對車廂底板的壓力最大B．t＝T時，貨物對車廂底板的壓力最小C．t＝T時，貨物對車廂底板的壓力最大D．t＝T時，貨物對車廂底板的壓力最小4、圖甲所示為以O點為平衡位置、在A、B兩點間做簡諧運動的彈簧振子，圖乙為這個彈簧振子的振動圖象，由圖可知下列說法中正確的是A．在t＝0.2s時，彈簧振子運動到O位置B．在t＝0.1s與t＝0.3s兩個時刻，彈簧振子的速度相同C．從t＝0到t＝0.2s的時間內，彈簧振子的動能持續地減小D．在t＝0.2s與t＝0.6s兩個時刻，彈簧振子的加速度相同5、如圖所示是正點電荷周圍的一條電場線，電場線上A、B兩點的電場強度分別為，電勢分別為，下列判斷正確的是（）A．B．C．D．6、如圖所示，金屬桿置于一形金屬導軌上并與導軌形成閉合回路,一圈環形金屬線框位于回路圍成的區域內，線框與導軌共面．虛線右側區域有垂直導軌平面向內的勻強磁場．現讓金屬桿突然向右運動，在運動開始的瞬間，關于感應電流的方向，下列說法正確的是（）A．中沿逆時針方向，中無電流B．中沿逆時針方向，中沿順時針方向C．中沿逆時針方向，中沿逆時針方向D．中沿順時針方向，中沿順時針方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，實驗室一臺手搖交流發電機，內阻，外接的電阻。閉合開關，當發動機轉子以某一轉速勻速轉動時，產生的電動勢(V)，則（）A．該交變電流的頻率為5HzB．該電動勢的有效值為VC．電路中理想交流電流表A示數為1.0AD．外接電阻所消耗的電功率為10W8、如圖所示，電源E對電容器C充電，當C兩端電壓達到80V時，閃光燈瞬間導通并發光，C放電．放電后，閃光燈斷開并熄滅，電源再次對C充電．這樣不斷地充電和放電，閃光燈就周期性地發光．該電路（）A．充電時，通過R的電流不變B．若R增大，則充電時間變長C．若C增大，則閃光燈閃光一次通過的電荷量增大D．若E減小為85V，閃光燈閃光一次通過的電荷量不變9、假設兩個相同的核A與B，質量均為2.0134u，動能均為E0，它們在不受其他力作用的情況下相向運動發生對心正碰，轉變為C核與D粒子，且釋放的核能ΔE全部轉化為C核與D粒子的動能，設C核質量為3.0151u、動能為E1，D粒子質量為1.0087u、動能為A．EB．EC．釋放核能ΔE=D．質量虧損為Δm=0.003010、下列說法正確的是A．原子核是否穩定，與原子核的結合能大小無關B．放射性元素衰變快慢，與溫度高低、壓強大小無關C．鈾核（)裂變一旦發生就能自動延續下去，與鈾塊體積大小無關D．原子核只要發生衰變，產生的新核核子數一定減少，與它發生何種衰變無關三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學為了準確地測量個量程為3V，內阻約為3kΩ的電壓表的內阻，實驗中可供選擇的實驗器材有A特測電壓表B．滑動變阻器：最大阻值1000ΩC．滑動變阻器：最大阻值10ΩD．電阻箱：最大阻值999.9ΩE電阻箱：最大阻值999.9ΩF.電池組：電動勢約6V，內阻可忽略G.開關，導線若干（1）虛線框中已經完成了實驗的部分電路圖，請用筆畫線代替導線將電路補充完整；____（2）要使測量更精確.滑動變阻器選用_________，電阻箱選用_________；(均填寫器材前的字母序號)（3）使滑動變阻器的滑動片滑到b端，電阻箱的電阻調為0，閉合開關S，移動滑動變阻器的滑動片，使電壓表示數為3V．保持其他條件不變，調整變阻箱接人電路中的阻值，使電壓表示數為2V。若此時發現電阻箱的示數為1450Ω，則電壓表的內阻為__________Ω；（4）電壓表內阻的測量值_________真實值(填“大于“小于”或“等于”)。12．（12分）在測定一組千電池的電動勢和內電阻的實驗中，備有下列器材：A．待測的干電池B．電流傳感器1C．電流傳感器2D．滑動變阻器R(，2A)E.定值電阻R0(2000Ω)F.開關和導線若干某同學發現上述器材中雖然沒有電壓傳感器，但給出了兩個電流傳感器，于是他設計了如圖甲所示的電路來完成實驗．(1)在實驗操作過程中，該同學將滑動變阻器的滑片P向右滑動，則電流傳感器1的示數將_______(選填“變大”或“變小”)．(2)圖乙為該同學利用測出的實驗數據繪出的I1-I2圖線(I1為電流傳感器1的示數，I2為電流傳感器2的示數，且I2的數值遠遠大于I1的數值)，則由圖線可得被測電池的電動勢E=_______V，內阻r=_______Ω．(3)如果考慮到I2的數值并不是遠遠大于I1的數值，(2)間中電動勢的測量值與真實值之間的關系是E測_______E真(填“大于”、“等于”或“小于”)．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，固定于水平桌面上的金屬框架cdef處在豎直向下的磁場，磁場隨時間變化的規律為B＝2+0.2t（T）金屬棒ab擱在框架上，可無摩擦滑動。此時adeb構成一個邊長為l＝0.1m的正方形，棒的電阻為r＝0.8Ω，其余部分電阻不計。求：（1）作用棒上一個外力，讓棒不動，則棒中的感應電流大小和方向（2）在上述（1）情況中，始終保持靜止，當t＝10s時需加的垂直于棒的水平拉力為多少？14．（16分）一長木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物塊，在木板右方有一墻壁，木板右端與墻壁的距離為4.5m，如圖（a）所示。t=0時刻開始，小物塊與木板一起以共同速度向右運動，直至t=1s時木板與墻壁碰撞（碰撞時間極短）。碰撞前后木板速度大小不變，方向相反；運動過程中小物塊始終未離開木板。已知碰撞后1s時間內小物塊的v-t圖線如圖（b）所示。木板的質量是小物塊質量的15倍，重力加速度大小g取10m/s2。求（1）木板與地面間的動摩擦因數μ1及小物塊與木板間的動摩擦因數μ2；（2）木板的最小長度；15．（12分）如圖所示，處于勻強磁場中的兩根足夠長、電阻不計的平行金屬導軌相距1m，導軌平面與水平面成θ=37°角，下端連接阻值為R＝2Ω的電阻．磁場方向垂直導軌平面向上，磁感應強度為0.4T．質量為0.2kg、電阻不計的金屬棒放在兩導軌上，棒與導軌垂直并保持良好接觸，它們之間的動摩擦因數為0.1．金屬棒沿導軌由靜止開始下滑．(g=10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)(1)判斷金屬棒下滑過程中產生的感應電流方向；(2)求金屬棒下滑速度達到5m/s時的加速度大小；(3)當金屬棒下滑速度達到穩定時，求電阻R消耗的功率．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

放射性元素放出的三種射線中，γ射線的穿透本領最強，電離本領最弱，故選C.2、C【解題分析】

根據勻變速直線運動的速度位移公式得，v2=2aL.(v2)2=2ax;聯立兩式解得【題目點撥】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的速度位移公式v2?v02＝2ax，并能靈活運用．3、C【解題分析】t=T/4時，貨物加速度方向向下，失重，貨物對車廂底板的壓力最小，A錯誤；t=T/2時，貨物加速度為零，貨物對車廂底板的壓力等于重力大小，B錯誤；t=3T/4時，貨物加速度方向向上且最大，超重，此時貨物對車廂底板的壓力最大，C正確、D錯誤．4、C【解題分析】

A.由圖知，若從平衡位置計時，則在t=0.2s時，彈簧振子運動到B位置，故A項與題意不相符；B.在t=0.1s與t=0.3s兩個時刻，彈簧振子的速度大小相等，方向相反，故B項與題意不相符；C.從t=0到t=0.2s的時間內，彈簧振子的位移越來越大，彈簧的彈性勢能越來越大，其動能越來越小，故C項與題意相符；D.在t=0.2s與t=0.6s兩個時刻，彈簧振子的加速度大小相等，方向相反，故D項與題意不相符。5、A【解題分析】由電場線的方向可知，正點電荷應在A點左側；正點電荷周圍的電場線是向外擴散狀，所以左邊的電場線比右邊的電場線密集，所以EA＞EB，沿著電場線方向電勢是降低，所以φA＞φB．故選A．點睛：電場線雖然不存在，但可形象來描述電場的分布．當正電荷沿著電場線方向移動時，電場力做正功，則電勢能減少，所以電勢在減少．當負電荷沿著電場線方向移動時，電場力做負功，則電勢能增加，而電勢仍減小．6、B【解題分析】AD向右運動，導體切割磁感線，根據右手定則，可知電流由D流向A，即逆時針方向，穿過形金屬線框的磁通量向外增大，根據楞次定律可知，T的感應電流產生的磁場應指向紙面里面，則感應電流方向為順時針．故ACD錯誤，B正確．故選B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

A．交流電的頻率故A正確；B．該電動勢的最大值為該電動勢的有效值為有故B錯誤；C．電壓有效值為10V，電路中電流為即電路中理想交流電流表A示數為1.0A，故C正確；D．外接電阻所消耗的電功率為故D錯誤；故選AC。8、BCD【解題分析】本題考查電容器的充放電，意在考查考生的分析能力．電容器充電時兩端電壓不斷增大，所以電源與電容器極板間的電勢差不斷減小，因此充電電流變小，選項A錯誤；當電阻R增大時，充電電流變小，電容器所充電荷量不變的情況下，充電時間變長，選項B正確；若C增大，根據Q=CU，電容器的帶電荷量增大，選項C正確；當電源電動勢為85V時，電源給電容器充電仍能達到閃光燈擊穿電壓80V時，所以閃光燈仍然發光，閃光一次通過的電荷量不變，選項D正確．點睛：本題源自于2009年江蘇高考物理卷的第5題，以閃光燈發光問題為背景考查電容器的充放電問題，解題的關鍵是要弄清電路的工作原理和電容器9、CD【解題分析】

A.由于A與B質量、動能都相等，所以A與B的動量大小相等，方向相反，由動量守恒定律可知，新核和粒子的動量相等，由題可知，C核的質量大于D的質量，由Ek=12mv2B.由能量守恒知E1+EC.由能量守恒得ΔE=Δmc2=D.由質能方程得Δm=3.0151u+1.0087u﹣2×2.0134u=0.0030u，D正確；10、AB【解題分析】

A.原子核是否穩定，與原子核的比結合能有關，與結合能無關，故選項A符合題意；B.放射性元素衰變快慢，由元素本身的性質決定，與物理狀態無關，故選項B符合題意；C.鈾核()裂變即使發生了，如果鈾塊體積小于臨界體積，則核反應不能持續下去，故選項C不符合題意；D.發生衰變，產生的新核的核子數不變，故選項D不符合題意。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CD2900大于【解題分析】

（1）[1]根據串聯分壓，知變阻器需要與電壓表串聯，補充完整電路圖如圖（2）[2][3]采用電壓表半偏法測量電壓表內電阻，要保證電壓表與電阻箱的總電壓保持不變，需要使電壓表電阻遠大于滑動變阻器的電阻，故滑動變阻器選擇小電阻，即選擇C；電阻箱最大電阻不能小于電壓表電阻，電壓表內電阻約為3000歐姆，故電阻箱選擇D；（3）[4]由電壓表與電阻器串聯，所以電流相等，電壓表的示數2V，由總電壓為3V，所以電阻箱兩端電壓為1V，所以電壓表的內阻為電阻箱的兩倍，即為2900Ω；（4）[5實驗中要保證電壓表與電阻箱的總電壓不變，但實際上該電壓是變化的；當電阻箱電阻增加時，電壓表與電阻箱的總電壓略微增加，故調節電阻箱R0的阻值使電壓表指針指到2V位置，此時電阻箱的電壓大于1V，故測量值偏大。12、變小3.02.0小于【解題分析】

（1）滑動變阻器在電路中應起到調節電流的作用，滑片P向右滑動時R值減小，電路的總電流變大，路端電壓減小，則電流傳感器1的示數變小．

（2）由閉合電路歐姆定律可得：I1R0=E-（I1+I2）r，變形得：；由數學知可得：圖象中的k=；b=；由圖可知：b=1.50；k=×1×10-3=1×10-3，解得：E=3.0V，r=2Ω；

（3）本題中傳感器1與定值電阻串聯充當電壓表使用；本實驗中由于電流傳感器1的分流，使電流傳感器2中電流測量值小于真實值，而所測量并計算出的電壓示數是準確的，當電路短路時，電壓表的分流可以忽略不計，故短路電流為準確的，則圖象應以短流電流向左下移動，故圖象與縱坐標的交點減小，圖象的斜率減小，故電動勢減小，內阻小于真實值；

點睛：本題根據實驗原理分析誤差產生的原因，并根據誤差的大小選擇實驗電路，可見實驗原理是實驗的核心，要理解并掌握牢固；同時注意正確分析電表內阻的影響．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.0025A，方向：由b流向a；（2）0.001N。【解題分析】

（1）感應電動勢：，感應電流：，由楞次定律可知，感應電流由b流向a；（2）t＝10s時B＝2+0.2×10＝4T，金屬棒受到的安培力：F安＝BIl＝4×0.0025×0.1＝0.001N，金屬桿靜止，由平衡條件得：F＝F安＝0.001N；14、（1）0.1；0.4（2）6m【解題分析】

（1）對碰前過程由牛頓第二定律時進行分析，結合運動學公式可求得μ1；再對碰后過程分析同理可求得μ2。

（2）分別對木板和物塊進行分析，由牛頓第二定律求解加速度，由運動學公式求解位移，則可求得相對位移，即可求得木板的長度；【題目詳解】（1）規定向右為正方向。木板與墻壁相碰前，小物塊和木板一起向右做勻變速運動，設加速度為a1，小物塊和木板的質量分別為m和M．由牛頓第二定律有：-μ1（m+M）g=（m+M）a1…①

由圖可知，木板與墻壁碰前瞬間速度v1=4m/s，由運動學公式得：

v1=v0+at1…②

s0＝v0t1