2024屆湖南省醴陵兩中學物理高一下期末質量跟蹤監視試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、靜止在粗糙水平面上的物塊A受方向始終水平向右的拉力作用下做直線運動，t＝4s時停下，其速度﹣時間圖象如圖所示，已知物塊A與水平面間的動摩擦因數處處相同，下列判斷正確的是（）A．全過程中拉力做的功等于物塊克服摩擦力做的功B．全過程拉力做的功等于零C．從t＝1s到t＝3s這段時間內拉力的功率保持不變，該功率為整個過程的最大值D．可從t＝1s到t＝3s這段時間內拉力不做功2、如圖所示，一個物塊在與水平方向成α角的恒力F作用下，沿水平面向右運動一段距離x。在此過程中，拉力F對物塊所做的功為A．Fx B．FxtanαC．Fxsinα D．Fxcosα3、(本題9分)如圖所示，圓錐擺的擺長為L，擺角為α，質量為m的擺球在水平面內做勻速圓周運動，則A．擺線的拉力為B．擺球的向心加速度為C．其運動周期為D．其運動周期為4、(本題9分)在電源處于正常工作狀態時，下列說法正確的是（）A．在電源內部，正電荷從正極向負極運動B．在電源外部，正電荷從正極向負極運動C．在電源外部，電流所做的功一定等于電熱D．路端電壓一定等于電源的電動勢5、(本題9分)在同一位置以相同的速率把三個小球分別沿水平、斜向上、斜向下方向拋出，不計空氣阻力，則落在同一水平地面時的速度大小()A．一樣大 B．水平拋的最大C．斜向上拋的最大 D．斜向下拋的最大6、(本題9分)一帶電小球在從空中的a點運動到b點的過程中，重力做功7J，電場力做功2J，克服空氣阻力做功0.5J，則下列判斷正確的是（）A．動能增大9.5J B．機械能增大1.5JC．重力勢能增大7J D．電勢能增大2J7、(本題9分)如圖所示,水平光滑長桿上套有小物塊A,細線跨過位于O點的輕質光滑定滑輪,一端連接A,另一端懸掛小物塊B,物塊A、B質量相等．C為O點正下方桿上的點,滑輪到桿的距離OC=h.開始時A位于P點,PO與水平方向的夾角為30°．現將A、B靜止釋放．則下列說法正確的是()A．物塊A經過C點時的速度大小為2ghB．物塊A由P點出發第一次到達C點過程中,速度先增大后減小C．物塊A在桿上長為23D．在物塊A由P點出發第一次到達C點過程中,物塊B克服細線拉力做的功小于B重力勢能的減少量8、(本題9分)以下說法正確的是A．在導體中有電流通過時，電子定向移動速率即是電場傳導速率B．鉛蓄電池的電動勢為2V，它表示的物理意義是電路中每通過1C的電荷，電源把2J的化學能轉化為電能C．根據電場強度的定義式可知，電場中某點的電場強度與試探電荷所帶的電荷量成反比D．根據電勢差可知，帶電荷量為1C的正電荷，從A點移動到B點克服電場力做功為1J，則A、B兩點間的電勢差為9、(本題9分)如圖所示，a、b是兩顆質量相等，繞地球做勻速圓周運動的衛星，下列說法正確的是A．衛星a的動能大于b的動能B．衛星a的動能小于b的動能C．衛星a的機械能大于b的機械能D．衛星a的機械能小于b的機械能10、(本題9分)如圖，一內壁為半圓柱形的凹槽靜止在光滑水平面上，質量為M，內壁光滑且半徑為R,直徑水平；在內壁左側的最髙點有一質量為m的小球P,將p由靜止釋放，則（）A．P在下滑過程中，凹槽對P的彈力不做功B．P在到達最低點前對凹槽做正功，從最低點上升過程中對凹槽做負功C．m和M組成的系統動量守恒D．凹槽的最大動能是11、(本題9分)宇宙中兩個相距較近的星球組成雙星，它們只在相互的萬有引力作用下，繞兩星球球心連線上的某一點做周期相同的勻速圓周運動。根據宇宙大爆炸理論，兩星球間的距離在緩慢增大，則下列物理量在增大的是A．兩星球相互的萬有引力B．兩星球做圓周運動的周期C．兩星球做勻速圓周運動各自的線速度D．兩星球做勻速圓周運動各自的半徑12、如圖所示，物體受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直線運動。監測到推力F、物體速度v隨時間t變化的規律如圖所示。取g=10m/s2，則（）A．第1s內推力做功為1J B．第2s內物體克服摩擦力做的功W=2.0JC．第1.5s時推力F的功率為3W D．第2s內推力F做功的平均功率1.5W二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(本題9分)為了“探究動能改變與合外力做功”的關系，某同學設計了如下實驗方案：A．第一步他把帶有定滑輪的木板有滑輪的一端墊起，把質量為M的滑塊通過細繩與質量為m的帶夾重錘相連，然后跨過定滑輪，重錘夾后連一紙帶，穿過打點計時器，調整木板傾角，直到輕推滑塊后，滑塊沿木板勻速運動，如圖甲所示．B．第二步保持木板的傾角不變，將打點計時器安裝在木板靠近滑輪處，取下細繩和重錘，將滑塊與紙帶相連，使其穿過打點計時器，然后接通電源釋放滑塊，使之從靜止開始加速運動，打出紙帶，如圖乙所示．打出的紙帶如圖丙所示：試回答下列問題：（1）已知O、A、B、C、D、E、F相鄰計數點的時間間隔為Δt，根據紙帶求滑塊速度，當打點計時器打A點時滑塊速度=_______，打點計時器打B點時滑塊速度=____________．（2）已知重錘質量m，當地的重力加速度g，要測出某一過程合外力對滑塊做的功，還必須測出這一過程滑塊________________（寫出物理量名稱及符號），合外力對滑塊做功的表達式=____________．（3）測出滑塊運動OA段、OB段、OC段、OD段、OE段合外力對滑塊所做的功以及．以v2為縱軸，以W為橫軸建立坐標系，描點作出v2–W圖象，可知它是一條過坐標原點的傾斜直線，若直線斜率為k，則滑塊質量M=____________．14、（10分）(本題9分)同學利用下述裝置對輕質彈簧的彈性勢能進行探究，一輕質彈簧放置在光滑水平桌面上，彈簧左端固定，右端與一小球接觸而不固連:彈簧處于原長時，小球恰好在桌面邊緣，如圖(a)所示．向左推小球，使彈黃壓縮一段距離后由靜止釋放:小球離開桌面后落到水平地面．通過測量和計算，可求得彈簧被壓縮后的彈性勢能．回答下列問題：(1)本實驗中可認為，彈簧被壓縮后的彈性勢能與小球拋出時的動能相等．已知重力加速度大小為g,為求得，至少需要測量下列物理量中的___________A．小球的質量mB．小球拋出點到落地點的水平距離xC．桌面到地面的高度hD．彈簧的壓縮量xE.彈簧原長(2)用（1）中所選取的測量量和已知量表示彈簧被壓縮后的彈性勢能，則彈性勢能最大為Ep=_____________（用字母表示）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）(本題9分)多級火箭是由數級火箭組合而成的運載工具，每一級都有發動機與燃料，目的是為了提高火箭的連續飛行能力與最終速度．現有一小型多級火箭，質量為M，第一級發動機的額定功率為P，先使火箭由靜止豎直向上做加速度為a的勻加速直線運動．若空氣阻力為f并保持不變，不考慮燃料燃燒引起的質量變化及高度不同引起的重力變化，達到額定功率后，發動機功率保持不變，直到火箭上升達到最大速度時高度為H．試求：（1）第一級發動機能使火箭達到的最大速度．（2）第一級發動機做勻加速運動的時間．（3）第一級發動機以額定功率開始工作，直到最大速度時的運行時間．16、（12分）如圖所示，長為L、質量為M的小船停在靜水中，質量為m的人從靜止開始從船頭走到船尾，不計水的阻力，求船和人相對地面的位移各為多少？17、（12分）如圖所示，一可視為質點的物體質量為m=1kg，在左側平臺上水平拋出，恰能無碰撞地沿圓弧切線從A點進入光滑豎直圓弧軌道，并沿軌道下滑，A、B為圓弧兩端點，其連線水平，O為軌道的最低點．已知圓弧半徑為R=1.0m，對應圓心角為θ=106°，平臺與AB連線的高度差為h=0.8m．（重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）求：（1）物體平拋的初速度V0；（2）物體運動到圓弧軌道最低點O時對軌道的壓力．

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、A【解題分析】A．對物塊運動的全過程運用動能定理可知，合外力做功之和等于零，即拉力做的功等于克服摩擦力所做的功，A正確；B．對物塊運動的全過程運用動能定理可知，合外力做功之和等于零，即拉力做的功等于克服摩擦力所做的功，不等于零，故B錯誤；C．由圖象可知，物塊在0﹣1s內做勻加速直線運動，拉力大于摩擦力，在1s末時刻，，1﹣3s內做勻速運動，拉力等于摩擦力，，，C錯誤；D．從t=1s到t=3s這段時間內拉力等于摩擦力，拉力方向上有位移，所以拉力做功，D錯誤；故選A．2、D【解題分析】

由圖可知，力和位移的夾角為α，故恒力的功W=Fxcosα；A.Fx，與結論不相符；B.Fxtanα，與結論不相符；C.Fxsinα，與結論不相符；D.Fxcosα，與結論相符；3、D【解題分析】

A.小球的受力如圖所示小球受重力mg和繩子的拉力F，因為小球在水平面內做勻速圓周運動，靠合力提供向心力，根據平行四邊形定則知，拉力為：，故A錯誤。B.拉力與重力的合力沿水平方向提供向心加速度，根據牛頓第二定律得：，解得：．故B錯誤；CD.小球做圓周運動根據牛頓第二定律得：小球運動的周期為：故C錯誤D正確。4、B【解題分析】

A.在電源內部，正電荷在非靜電力作用下從負極向正極運動，選項A錯誤；B.在電源外部，正電荷從正極向負極運動，選項B正確；C.在電源外部，電流所做的功不一定等于電熱，例如電源外部接非純電阻元件時，選項C錯誤；D.只有外電路斷開時，路端電壓才等于電源的電動勢，選項D錯誤。5、A【解題分析】解：由于不計空氣的阻力，所以三個球的機械能守恒，由于它們的初速度的大小相同，又是從同一個位置拋出的，最后又都落在了地面上，所以它們的初末的位置高度差相同，初動能也相同，由機械能守恒可知，末動能也相同，所以末速度的大小相同．故選A．【點評】本題是機械能守恒的直接應用，比較簡單，也可以直接用動能定理求解．6、B【解題分析】

A.由動能定理可得，△EK=7J+2J-0.5J=8.5J，故A不符合題意；B.重力外之其它力做的總功等于機械能的增加量，機械能的增加量為2J-0.5J=1.5J，故B符合題意；C.重力做功7J，重力勢能減小7J，故C不符合題意。D.電場力做正功電勢能減少，電場力做負功電勢能增加，電場力做了2J的功，電勢能減少2J，故D不符合題意；7、AC【解題分析】

A、設物塊A經過C點時的速度大小為v,此時B的速度為0.

根據系統的機械能守恒得mg(hsin30B、物塊A由P點出發第一次到達C點過程中,繩子拉力對A做正功,其他力不做功,由動能定理可以知道物塊A的動能不斷增大,則速度不斷增大故B錯誤；C、由幾何知識可得AC=3h,因為AB組成的系統機械能守恒,由對稱性可得物塊A在桿上長為D、物塊A到C點時物塊B的速度為零.根據功能關系可以知道,在物塊A由P點出發第一次到達C點過程中,物塊B克服細線拉力做的功等于B重力勢能的減少量,故D錯誤.

綜上所述本題答案是：AC8、BD【解題分析】

A．導體中有電流通過時，電子定向移動速率的數量級為，電場傳導速率為光速．故A項錯誤．B．據知，鉛蓄電池的電動勢為2V，它表示的物理意義是電路中每通過1C的電荷，電源把2J的化學能轉化為電能．故B項正確．C．是電場強度的定義式，電場中某點的電場強度與試探電荷所帶的電荷量無關．故C項錯誤．D．帶電荷量為1C的正電荷，從A點移動到B點克服電場力做功為1J，則A、B兩點間的電勢差．故D項正確．9、BC【解題分析】

AB.根據可知，半徑小的b線速度更大，質量相同，所以b的動能更大，A錯誤B正確。CD.引力勢能的表達式，根據萬有引力提供向心力得，動能，總的機械能所以半徑大的a機械能更大，C正確D錯誤。10、BCD【解題分析】

P在下滑過程中，凹槽要向左退．凹槽對P的彈力要做功．根據力與位移的夾角分析P對凹槽做功情況．根據系統水平動量守恒和機械能守恒分析P到達內壁右端最高點的位置．P下滑到最低點時凹槽動能最大，根據系統水平動量守恒和機械能守恒求凹槽的最大動能．【題目詳解】P在下滑過程中，P對凹槽有斜向左下方的壓力，凹槽要向左運動，則凹槽對P的彈力與P相對于地面的速度不垂直，所以凹槽對P的彈力要做功，A錯誤；P在到達最低點前對凹槽的壓力與凹槽位移的夾角為銳角，則P對凹槽做正功，P從最低點上升過程對凹槽的壓力與凹槽位移的夾角為鈍角，P對凹槽做負功，B正確；m和M組成的系統外力為零，故系統動量守恒，P下滑到最低點時凹槽動能最大，取水平向右為正方向，根據系統水平動量守恒和機械能守恒得，根據機械能守恒定律可得；凹槽的最大動能，聯立解得，CD正確．11、BD【解題分析】

A.根據萬有引力公式兩星球間的距離在緩慢增大，萬有引力在變小，A錯誤。BD.根據萬有引力提供向心力得可知m1r1=m2r2，知軌道半徑比等于質量之反比，雙星間的距離變大，則雙星的軌道半徑都變大，根據萬有引力提供向心力，知角速度變小，，周期變大，BD正確。C.兩星球間的距離在緩慢增大，引力做負功，動能減小，線速度變小，C錯誤。12、BC【解題分析】

A.從速度時間圖像中可知物體在第1s內速度為零，即處于靜止狀態，所以推力做功為零，故A錯誤；B.速度時間圖像與坐標軸圍成的面積表示位移，所以第2s內的位移為由速度時間圖象可以知道在2-3s的時間內，物體勻速運動，處于受力平衡狀態，所以滑動摩擦力的大小為2N，故摩擦力做功為所以克服摩擦力做功2.0J，故B正確；C.第1．5s速度為1m/s，故第1．5s時推力的功率為故C正確；D.F在第二秒做功，F的功為：所以第2內推力F做功的平均功率為：故D錯誤．二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（1），（2）下滑的位移，（3）【解題分析】

(1)根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出B點的速度；(2)根據平衡列出第一步實驗中平衡的表達式，從而得出在第二步中滑塊的合力，結合功的公式求出合力功，從而確定需要測量的物理量；(3)根據動能定理得出v2-W的表達式，結合圖線的斜率求出滑塊的質量．【題目詳解】(1)點的瞬時速度等于OB段的平均速度，則B點的瞬時速度等于AC段的平均速度，則；(2)在第一步實驗中，有：Mgsinθ=f+mg，在第二步實驗中，滑塊的合力為F合=Mgsinθ-f=mg，則合力做功W合=F合x=mgx，由此可知，要測滑塊的位移x；(3)根據動能定理有：，則，可知圖線的斜率，則滑塊質量．【題目點撥】本題主要考查了打點計時器中求瞬時速度的方法，能根據做功公式求出W與v2的關系式，根據圖象的斜率求解質量．14、（1）ABC（2）【解題分析】

（1）由平拋規律可知，由水平距離和下落高度即可求出平拋時的初速度，進而可求出物體動能，所以本實驗至少需要測量小球的質量m、小球拋出點到落地點的水平距離x、桌面到地面的高度h，故選ABC；

（2）由平拋規律應有h=gt2，x=vt，又Ek＝mv2，聯立可得：Ek＝【題目點撥】本題的關鍵是通過測量小球的動能來間接測量彈簧的彈性勢能，然后根據平拋規律以及動能表達式即可求出動能的表達式，從而得出結論．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15