2024屆河南省鄭州市高二化學第二學期期末教學質量檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、下列說法正確的是A．常溫下，物質的量濃度均為0.1mol·L-1Na2CO3和NaHCO3的等體積混合溶液中:2c(OH-)-2c(H+)=3c(H2CO3)+c(HCO3-)-c(CO32-)B．△H<0，△S>0的反應都是自發反應，△H>0，△S>0的反應任何條件都是非自發反應C．已知:P4(g)+6Cl2(g)=4PCl3(g)△H=akJ·mol-1P4(g)+10Cl2(g)=4PCl5(g)△H=bkJ·mol-1P4具有正四面體結構，PCl5中P-Cl鍵的鍵能為ckJ·mol-1，PCl3中P-Cl鍵的鍵能為1.2ckJ·mol-1，由此計算Cl-Cl鍵的鍵能a-b+5.6c4kJ·molD．在一定溫度下，固定體積為2L密閉容器中，發生反應:2SO2(g)+O2(g)=2SO3(g)△H<0，當v(SO2)=v(SO3)時，說明該反應已達到平衡狀態2、短周期元素W、X、Y、Z的原子序數依次增大。其中X與Y可形成一種淡黃色物質P，常溫下將0.05molP溶于水，配成1L溶液，其中；Z為金屬元素，且Z可在W的一種氧化物中燃燒，生成一種白色的物質和一種黑色的物質。下列說法錯誤的是（）A．氫化物的沸點：W<XB．簡單離子半徑：X＞Y＞ZC．化合物P中既含有離子鍵又含有共價鍵D．W、X、Y三種元素形成的物質的水溶液顯堿性3、在核電荷數為26的元素Fe的基態原子核外的3d、4s軌道內，下列電子排布圖正確的是A． B．C． D．4、橋環烷烴雙環[2.2.1]庚烷的結構簡式如圖所示，下列關于該化合物的說法錯誤的是A．與環庚烯互為同分異構體B．二氯代物結構有9種C．所有碳原子不能處于同一平面D．1mol雙環[2.2.1]庚烷完全燃燒至少需要10molO25、X和Y兩種元素的核電荷數之和為22，X的原子核外電子數比Y的少6個。下列說法中不正確的是A．X的單質固態時為分子晶體 B．Y的單質為原子晶體C．X與Y形成的化合物固態時為分子晶體 D．X與碳形成的化合物為分子晶體6、下列有關共價鍵的敘述中，不正確的是()A．某原子跟其他原子形成共價鍵時，其共價鍵數一定等于該元素原子的價電子數。B．水分子內氧原子結合的電子數已經達到飽和，故不能再結合其他氫原子。C．非金屬元素原子之間形成的化合物也可能是離子化合物D．所有簡單離子的核電荷數與其核外電子數一定不相等。7、標準狀況下VL氨氣溶解在1L水中（水的密度近似為1g/mL），所得溶液的密度為ρg/mL,質量分數為ω，物質濃度為cmol/L，則下列關系中不正確的是A．B．C．D．=1000Vρ/(17V+22400)8、下列物質屬于烷烴的是A．CH3COOH B．CH2=CH2C．CH3CH2OH D．CH3CH39、下列有關化學用語表示正確的是A．羥基的電子式： B．乙酸的實驗式：CH2OC．丙烯的比例模型： D．乙烯的結構簡式：CH2CH210、符合下圖所示條件的離子組是（）A．Ba2＋、Mg2＋、NO3-、CO32- B．H＋、Ba2＋、Al3＋、Cl－C．K＋、Ba2＋、Cl－、HCO3- D．NH4+、Ba2＋、Fe2＋、Cl－11、設NA為阿伏加德羅常數的值。下列說法正確的是A．20g49％的硫酸中，H2SO4分子數為0.01NAB．100mL0.1mol·L－1Na2CO3溶液中陰離子總數小于0.01NAC．1molCl2溶于水，溶液中Cl－、HClO、ClO－粒子數之和小于2NAD．標準狀況下，3.36L氯仿的分子數為0.15NA12、下列各組物質中，只要總質量一定，不論以何種比例混合，完全燃燒，生成的二氧化碳和水的質量也總是定值的是()A．丙烷和丙烯 B．乙烯和環丙烷 C．甲醛和甲酸 D．甲烷和乙烷13、將下列各種液體：①苯；②四氯化碳；③碘化鉀溶液；④乙烯；⑤植物油，分別與溴水混合后充分振蕩、靜置，液體分為兩層，原溴水層幾乎是無色的是（）A．②⑤B．①②④⑤C．②③④⑤D．①②③④⑤14、某合作學習小組討論辨析：①花生油屬于混合物，液氯、冰醋酸均屬于純凈物②碳酸鈉、氯化銨、氫氧化鋇都屬于離子化合物③SO2、NO2和CO2都是污染性氣體④氨氣、水和硫酸鋇分別屬于非電解質、弱電解質和強電解質⑤水玻璃、水銀和水煤氣都屬于混合物⑥酸性氧化物不一定是非金屬氧化物，堿性氧化物一定是金屬氧化物⑦氫氧化鐵、有色玻璃和果凍都屬于膠體上述說法正確的是A．①②④⑥ B．①②④⑦ C．②③④⑤ D．①②③⑤15、已知有機物A可發生如下轉化關系，且C、E均不能發生銀鏡反應，則A的結構可能有A．2種 B．3種 C．4種 D．5種16、下列各組物質中,都是由極性鍵構成極性分子的一組是()A．CH4和Br2 B．NH3和H2OC．H2S和CCl4 D．CO2和HCl二、非選擇題（本題包括5小題）17、已知A是一種相對分子質量為28的氣態烴，它可轉化為其他常見有機物，轉化關系如圖所示。請回答下列問題：（1）寫出A的結構簡式：_________。（2）B的名稱為_______________。（3）反應①反應類型為_____________。18、近來有報道，碘代化合物E與化合物G在Cr-Ni催化下可以發生偶聯反應，合成一種多官能團的化合物Y，其合成路線如下：已知：①RCNRCOOH②RCHO+CH3CHORCH=CHCHO+H2O回答下列問題：（1）D的結構簡式為________。（2）下列說法正確的是__________。A．物質A中最多有5個原子在同一平面內B．D生成E的反應為取代反應C．物質G和銀氨溶液能發生反應D．物質Y的分子式為C15H18O3（3）B為單氯代烴，由B生成C的化學方程式為_________。（4）寫出同時符合下列條件的D的所有同分異構體的結構簡式_______。①具有完全相同的官能團，且不含“—O—C≡C—”；②核磁共振氫譜顯示三種不同化學環境的氫，其峰面積之比為3∶3∶2。（5）以苯甲醇、乙醛為原料制備F，寫出相應的合成路線流程圖(無機試劑任用,合成路線流程圖示例見本題題干)。________________。19、綠礬（FeSO4?7H1O）是治療缺鐵性貧血藥品的重要成分．某化學興趣小組同學采用以下方法測定某綠礬樣品純度。實驗步驟如下：a．稱取1．853g綠礬產品，溶解，在153mL容量瓶中定容；b．量取15．33mL待測溶液于錐形瓶中；c．用硫酸酸化的3．31333mol/LKMnO4溶液滴定至終點，消耗KMnO4溶液體積的平均值為13．33mL。（1）a步驟中定容時，如果仰視會使所配溶液濃度___________（填“偏高”、“偏低”或“無影響”）。（1）滴定時盛放KMnO4溶液的儀器為______（填儀器名稱）。（3）判斷此滴定實驗達到終點的方法是

_______________。（4）寫出酸性高錳酸鉀滴定Fe1+的離子反應方程式：_____________。（5）計算上述樣品中FeSO4·7H1O的質量分數為________（結果保留3位有效數字）。20、某液態鹵代烷RX（R是烷基，X是某種鹵素原子）的密度是ag/cm3，該RX可以跟稀堿發生水解反應生成ROH（能跟水互溶）和HX。為了測定RX的相對分子質量，擬定的實驗步驟如下：①準確量取該鹵代烷bmL，放入錐形瓶中。②在錐形瓶中加入過量稀NaOH溶液，塞上帶有長玻璃管的塞子，加熱，發生反應。③反應完成后，冷卻溶液，加稀HNO3酸化，滴加過量AgNO3溶液，得白色沉淀。④過濾，洗滌，干燥后稱重，得到cg固體。回答下面問題：（1）裝置中長玻璃管的作用是________________________。（2）步驟④中，洗滌的目的是為了除去沉淀上吸附的__________________離子。（3）該鹵代烷中所含鹵素的名稱是_____，判斷的依據是______________。（4）該鹵代烷的相對分子質量是____________________。（用含a、b、c的代數式表示）（5）如果在步驟③中加HNO3的量不足，沒有將溶液酸化，則步驟④中測得的c值（填下列選項代碼）___________。A．偏大B．偏小C．大小不定D．不變21、甲醇是一種可再生能源，具有開發和應用的廣闊前景，研究甲醇具有重要意義。有人模擬用CO和H2合成甲醇，其反應為：CO(g)+2H２(g)?CH3OH(g)

△H<0（1）在容積固定為1L的密閉容器內充入2molCO和4molH2發生上述反應，20min時用壓力計監測容器內壓強的變化如下：反應時間/min0510152025壓強/MPa12.410.28.47.06.26.2則反應從開始到20min時，以CO濃度變化表示的平均反應速率v(CO)=_________mol/(L·min)，該溫度下平衡常數K=___________，若平衡后增大壓強，則K值_________(填“增大”、“減小”或“不變”)。（2）在恒溫恒容的密閉容器中，不能判定CO(g)+2H２(g)?CH3OH(g)△H<0，反應達到平衡的是___________；A、壓強保持不變

B、氣體的密度保持不變

C、氣體平均摩爾質量保持不變

D、速率v（H２）：v（CH3OH）=2：1（3）如圖是甲醇燃料電池結構示意圖，C是________（填“正”或“負”）極，寫出此電極的電極反應式__________________________________________。（4）若以該電池為電源，用石墨做電極電解100mLCuSO4溶液，電解一段時間后，兩極均收集到11.2L的氣體（標準狀況下），則原CuSO4溶液的物質的量濃度為________mol/L。

參考答案一、選擇題（每題只有一個選項符合題意）1、A【解題分析】分析：A．根據碳酸鈉、碳酸氫鈉溶液中質子守恒進行解答；B．△G=△H-T?△S進行判斷，如△G＜0，則反應能自發進行，如△G＞0，則不能自發進行，據此分析；C．根據蓋斯定律計算出PCl3(g)+Cl2(g)=PCl5(g)的焓變，再根據題中鍵能關系計算出Cl-Cl鍵的鍵能；D．根據平衡狀態時正反應速率等于逆反應速率分析判斷。詳解：A．根據質子守恒，對于Na2CO3溶液中：c(OH-)=c(H+)+2c(H2CO3)+c(HCO3-)，NaHCO3溶液中：c(OH-)+c(CO32-)=c(H+)+c(H2CO3)，兩者等濃度、等體積混合后，溶液中兩種溶質的物質的量相等，所以，將上述兩式疊加：[c(OH-)=c(H+)+2c(H2CO3)+c(HCO3-)]+[c(OH-)+c(CO32-)=c(H+)+c(H2CO3)]，移項得2c(OH-)-2c(H+)=3c(H2CO3)+c(HCO3-)-c(CO32-)，故A正確；B．△H＜0，△S＞0的反應都是自發反應，而△H＞0，△S＞0

在較高溫度下能自發，故B錯誤；C．①P4(g)+6Cl2(g)=4PCl3(g)△H=akJ?mol-1，②P4(g)+10Cl2(g)=4PCl5(g)△H=bkJ?mol-1，②-①4可得：PCl3(g)+Cl2(g)=PCl5(g)△H=b-a4kJ/mol；設Cl-Cl鍵的鍵能為Q，由PCl3(g)+Cl2(g)=PCl5(g)及題中鍵能關系可知：△H=(3.6c+Q-5c)kJ/mol=b-a4kJ/mol，Cl-Cl鍵的鍵能Q=b-a+5.6c4kJ?mol-1，故C錯誤；D．v(SO2)=v(SO3)點睛：本題考查了離子濃度大小比較、化學平衡狀態的判斷、反應熱的計算，題目難度較大，充分考查了學生的分析、理解能力及靈活應用所學知識的能力。本題的易錯點為D，一定要注明正逆反應速率，難點為A，要注意質子守恒關系式的表達式的書寫。2、A【解題分析】

短周期元素W、X、Y、Z的原子序數依次增大，其中X與Y可形成一種淡黃色物質P，常溫下將0.05molP溶于水，配成1L溶液，其中=1×10-12，則X為氧元素，Y為鈉元素，P為過氧化鈉；Z為金屬元素，且Z可在W的一種氧化物中燃燒，生成一種白色的物質和一種黑色的物質，即鎂在二氧化碳中燃燒生成氧化鎂和碳單質，則Z為鎂元素，W為碳元素。【題目詳解】A.碳與氫元素形成的化合物包括所有烴類物質，則無法判斷W和X的氫化物的沸點高低，故A錯誤；B.具有相同電子層結構的微粒，核電荷數越大，半徑越小，則簡單離子半徑：X＞Y＞Z，故B正確；C.過氧化鈉中既含有離子鍵又含有共價鍵，故C正確；D.碳元素、氧元素、鈉元素三種元素形成的物質的水溶液均顯堿性，故D正確；答案選A。3、D【解題分析】

核外電子排布從能量低的軌道開始填充，根據構造原理，基態鐵原子的核外電子排布為1s22s22p63s23p63d64s2，根據原子核外電子排布規律，Fe的基態原子核外的3d、4s軌道的電子排布圖為，所以答案為D。4、B【解題分析】

A.雙環[2.2.1]庚烷的分子式為C7H12，環庚烯的分子式為C7H12，兩者分子式相同，結構不同，互為同分異構體，A正確；B.雙環[2.2.1]庚烷分子中含有3種氫原子，標好分別為a、b、c，如圖所示。當一個氯原子分別取代a時，另一氯原子可以取代a、b(b1或b2)、c(c1、c2、c3、c4任意一個位置)，共3種。當一個氯原子分別取代b時，如取代b1，另一氯原子可以取代b2、c1或c2（與b1處于鄰位）、c3或c4（與b1處于間位），共3種。當一個氯原子分別取代c時,如取代c1,另一氯原子可以取代c1、c4、c3、c4，共4種，則二氯代物有10種，B錯誤；C.雙環[2.2.1]庚烷分子中碳原子均為飽和碳原子，則所有碳原子一定不在同一平面上，C正確；D.由雙環[2.2.1]庚烷完全燃燒的化學方程式C7H12+10O27CO2+6H2O，可知lmol雙環[2.2.1]庚烷完全燃燒至少需要10molO2，D正確；故合理選項為B。5、C【解題分析】

假設X的質子數為a，Y的質子數為b，X和Y兩元素的質子數之和為22，則a+b=22；X的原子核外電子數比Y的原子核外電子數少6個，則a+6=b，聯立解得，a=8，b=14，因此X為氧元素，Y為硅元素，結合對應單質、化合物的性質解答該題。【題目詳解】根據上述分析可知X為氧元素，Y為硅元素。A.X為氧元素，其單質氧氣、臭氧固態均為分子晶體，A正確；B.Y為硅元素，單質晶體硅是原子晶體，B正確；C.X與Y形成的化合物為SiO2，屬于原子晶體，C錯誤；D.X為氧元素，與碳元素形成的CO2、CO在固態為干冰，都屬于分子晶體，D正確；故合理選項是C。【題目點撥】本題考查原子結構與位置關系、晶體類型等，較好地考查學生的分析能力，比較基礎，利用質子數、電子數的關系來推斷元素是解答的關鍵，注意基礎知識的積累與掌握。6、A【解題分析】

A.非金屬元素的原子形成的共價鍵數目取決于該原子最外層的不成對電子數；B.共價鍵的飽和性是指每個原子的成鍵總數或以單鍵相連的原子數目是一定的；C.NH4Cl等銨鹽是離子化合物；D.陽離子是原子失去電子形成的，陰離子是原子得電子形成的。【題目詳解】A、非金屬元素的原子形成的共價鍵數目取決于該原子最外層的不成對電子數，一般最外層有幾個不成對電子就能形成幾個共價鍵，故A不正確；B、一個原子的未成對電子一旦與另一個自旋相反的未成對電子成鍵后，就不能再與第三個電子配對成鍵，因此，一個原子有幾個不成對電子，就會與幾個自旋相反的未成對電子成鍵，這就是共價鍵的飽和性，故一個氧原子只能與兩個氫原子結合生成H2O，故B正確；C、非金屬元素原子之間形成的化合物也可能是離子化合物，如NH4Cl等銨鹽；故C正確；D、不管是陰離子還是陽離子，核內質子數與核外電子數必定存在差別，此差值就是離子所帶的電荷數，故D正確；綜上所述，本題選A。7、A【解題分析】

A．將所給的式子的分子和分母同除以22.4可得，分子表示了溶液的質量，是合理的，但分母表達的是將溶劑的體積與氣體的體積直接進行加和得到溶液的體積，這顯然是錯誤的，A項錯誤；B．假設取溶液的體積為1L，根據溶質質量分數的本義有：，分子表達了溶質質量，分母表達了溶液的質量，B項正確；C．將所給的式子分子分母同除以22.4可得：，分子表達了溶質質量，分母表達了溶液的質量，C項正確；D．將所給式子變形得：，分子代表了溶質的物質的量，分母代表了溶液的體積（單位為L），D項正確；所以答案選擇A項。8、D【解題分析】

A．CH3COOH為乙酸，含有氧元素，為烴的衍生物，故A錯誤；

B．CH2=CH2含有碳碳雙鍵，為烯烴，故B錯誤；

C．CH3CH2OH為乙醇，含有氧元素，為烴的衍生物，故C錯誤；

D．CH3CH3為乙烷，符合CnH2n+2通式，故D正確。

故選D。【題目點撥】本題考查了有機物分類判斷，試題注重了基礎知識的考查，有利于培養學生良好的科學素養，注意掌握有機物的分類依據及有機物類別名稱。9、B【解題分析】

A.羥基的電子式：，A錯誤；B.乙酸的分子式是C2H4O2，則實驗式：CH2O，B正確；C.丙烯的球棍模型為，C錯誤；D.乙烯的結構簡式：CH2＝CH2，D錯誤。答案選B。10、C【解題分析】

首先判斷出可以大量共存的離子組，即相互之間不發生氧化還原反應，不生成沉淀、氣體或水等；加入少量的H2SO4有白色沉淀產生且不溶解，則溶液中可能存在Ba2+、Pb2+、Ca2+等；加入過量NaOH溶液有白色沉淀生成且不溶解，則不能為Al(OH)3，可能為Mg(OH)2等難溶性堿；或者與HCO3-反應產生CO32-，在溶液中形成的難溶性的碳酸鹽。據此回答。【題目詳解】A.Ba2+和CO32-生成BaCO3沉淀，不能大量共存；故A錯誤；B.離子可以大量共存，加入少量H2SO4，因生成BaSO4而產生白色沉淀，但加入過量NaOH溶液時，溶液中無白色沉淀產生，不符合題意，故B錯誤；C.離子可以大量共存，加入少量H2SO4，生成BaSO4白色沉淀，加入過量NaOH溶液時，HCO3-+OH-=CO32-+H2O，CO32-和Ba2+反應產生BaCO3沉淀，符合題意，故C正確；D.離子可以大量共存，加入少量H2SO4，生成BaSO4白色沉淀，但加入過量NaOH溶液時生成的Fe(OH)2很快被氧化成紅褐色的Fe(OH)3，最終得不到白色沉淀，不符合題意，故D錯誤，答案選C。11、C【解題分析】

A．硫酸是強酸，在溶液中全部電離，不存在分子，故A錯誤；B．100mL0.1mol?L-1Na2CO3溶液中，碳酸根離子水解生成氫氧根離子和碳酸氫根離子，陰離子數目增多，陰離子總數大于0.01NA，故B錯誤；C．氯氣和水的反應為可逆反應，不能進行徹底，溶液中含未反應的氯氣分子，故溶液中的HClO、Cl-、ClO-粒子數之和小于2NA，故C正確；D．標準狀況下，氯仿不是氣體，不能根據氣體摩爾體積計算其物質的量，故D錯誤；故選C。【題目點撥】本題的易錯點為B，要注意碳酸根離子水解方程式(CO32－＋H2OHCO3－＋OH－)的應用。12、B【解題分析】

各組物質混合后，無論以何種比例混合，其充分燃燒后二氧化碳和水的質量不變，說明各組分碳的質量分數相同，氫的質量分數相同，若組成元素相同，則有機物的最簡式可能相同，據此進行解答。【題目詳解】A.丙烷、丙烯的分子式分別為C3H8、C3H6，最簡式不同，C的質量分數不同、H的質量分數不同，不滿足題意；B.乙烯、環丙烷的分子式分別為C2H4、C3H6，最簡式相同都為CH2，C的質量分數相同、H的質量分數相同，滿足題意；C.甲醛、甲酸的分子式分別為CH2O、CH2O2，最簡式不相同，C、H的質量分數不相同，不滿足題意；D.甲烷、乙烷的分子式分別為CH4、C2H6，最簡式不同，C的質量分數不同、H的質量分數不同，不滿足題意；故合理選項是B。【題目點撥】本題考查烴的燃燒有關計算，解題關鍵在于確定混合物各組分滿足的條件，明確“總質量一定”不是“總物質的量一定”，為易錯點。13、B【解題分析】本題考查有機物的溶解性。分析：①苯和水不互溶且溴在苯中的溶解度大于水中的溶解度；②四氯化碳和溴不反應，和水不互溶，溴在四氯化碳中的溶解度大于在水中的溶解度；③溴和碘化鉀發生置換反應；④乙烯含有碳碳雙鍵；⑤植物油含有碳碳雙鍵。詳解：苯和水不互溶且溴在苯中的溶解度大于水中的溶解度，苯和溴不反應，所以苯能萃取溴，使溴水層幾乎無色，故①正確；四氯化碳和溴不反應，和水不互溶，二者混合分層，溴在四氯化碳中的溶解度大于在水中的溶解度，所以溴水層無色，故②正確；溴和碘化鉀發生置換反應，碘化鉀不能做萃取劑，故③錯誤；乙烯能和溴發生加成反應，故④正確；植物油能和溴發生加成反應，故⑤正確。故B正確。故選B。14、A【解題分析】

①花生油屬于油脂，是多種高級脂肪酸甘油酯組成的混合物，液氯、冰醋酸都只含一種物質均屬于純凈物，故①正確；②碳酸鈉、氫氧化鋇、氯化銨都含有離子鍵，都屬于離子化合物，故②正確；③SO2、NO2會導致酸雨的形成，而CO2是空氣的組成成分氣體，CO2不會導致大氣污染，故③錯誤；④氨氣本身不能電離屬于非電解質、水部分電離為弱電解質，硫酸鋇溶解的部分完全電離，屬于強電解質，故④正確；⑤水玻璃是硅酸鈉的水溶液，水煤氣是氫氣和CO構成的，均是混合物，水銀是金屬單質，屬于純凈物，故⑤錯誤；⑥酸性氧化物不一定是非金屬氧化物，如Mn2O7為酸性氧化物，堿性氧化物一定是金屬氧化物，故⑥正確；⑦氫氧化鐵屬于純凈物，故⑦錯誤；故答案選：A。【題目點撥】水玻璃是硅酸鈉的水溶液，水煤氣是氫氣和CO構成的。15、A【解題分析】

A的分子式為C6H12O2含有一個不飽和度，又能在NaOH溶液中反應生成兩種物質，所以A即為酯。根據條件，進一步分析可知，B為羧酸鈉，C為對應的羧酸，D為酯水解得到的醇，其能發生催化氧化生成E。又因為C、E均不能發生銀鏡反應，所以C一定不能為甲酸，D對應的醇催化氧化得到的E是酮而非醛。【題目詳解】當C為乙酸時，D分子式為C4H10O，符合條件的D的結構只有2-丁醇，那么A的結構只有1種；當C為丙酸時，D的分子式為C3H8O，符合條件的D的結構只有2-丙醇，那么A的結構只有1種；C為丁酸時，D的結構無法符合要求；C為戊酸時，D的結構無法符合要求；綜上所述，滿足要求的A的結構只有兩種，A項正確；答案選A。【題目點撥】分析有機物的結構時，可以從不飽和度入手，結合題干中給出的關于有機物性質的信息，對有機物可能含有的結構或基團進行合理猜測。16、B【解題分析】

A、CH4是極性鍵形成的非極性分子，Br2是非極性鍵結合成的非極性分子，A錯誤；B、NH3是極性鍵形成的極性分子，H2O是極性鍵形成的極性分子，B正確；C、H2S是極性鍵構成的極性分子，CCl42是由極性鍵構成的非極性分子，C錯誤；D、HCl是極性鍵構成的極性分子，CO2是由極性鍵構成的非極性分子，D正確；答案選B。二、非選擇題（本題包括5小題）17、CH2=CH2乙醇加成反應【解題分析】

A是一種相對分子質量為28的氣態烴，則A為CH2=CH2，CH2=CH2與水發生加成反應生成B，B為CH3CH2OH，CH3CH2OH發生氧化反應生成C，C為CH3CHO，CH3CHO進一步發生氧化反應生成D，D為CH3COOH，據此解答。【題目詳解】（1）A為乙烯，含有碳碳雙鍵，其結構簡式為CH2=CH2，故答案為：CH2=CH2；（2）由分析可知B為乙醇，故答案為：乙醇；（3）由分析可知反應①為乙烯與水發生加成反應生成乙醇，故答案為：加成反應。【題目點撥】有機推斷應以特征點為解題突破口，按照已知條件建立的知識結構，結合信息和相關知識進行推理、計算、排除干擾，最后做出正確推斷。一般可采用順推法、逆推法、多法結合推斷。18、CH≡CCH2COOC2H5A、CCH≡CCH2Cl+NaCNCH≡CCH2CN+NaClCH3COOCH2C≡CCH3、CH3C≡CCOOCH2CH3、CH3C≡CCH2COOCH3、CH3CH2C≡CCOOCH3【解題分析】

B為單氯代烴，說明光照條件下氯氣和A發生取代反應生成B，則B為CH2ClC≡CH，根據C分子式知，生成C的反應為取代反應，則C為NCCH2C≡CH，C在酸性條件下水解生成HC≡CCH2COOH，然后和乙醇發生酯化反應生成D為HC≡CCH2COOCH2CH3；D和HI發生加成反應生成E；根據G結構簡式可知F含有苯環且苯環上只有一個取代基，再結構F的分子式C9H12O和G的結構簡式知F→G發生了醇的催化氧化反應，則F的結構簡式為；G和E發生取代反應生成Y，結合題目分析解答；(5)由信息②可，苯甲醇先催化氧化生成苯甲醛，再與乙醛發生信息②的反應生成，再與氫氣加成即可生成F。【題目詳解】B為單氯代烴，說明光照條件下氯氣和A發生取代反應生成B，則B為CH2ClC≡CH，根據C分子式知，生成C的反應為取代反應，則C為NCCH2C≡CH，C在酸性條件下水解生成HC≡CCH2COOH，然后和乙醇發生酯化反應生成D為HC≡CCH2COOCH2CH3；D和HI發生加成反應生成E；根據G結構簡式可知F含有苯環且苯環上只有一個取代基，再結構F的分子式C9H12O和G的結構簡式知F→G發生了醇的催化氧化反應，則F的結構簡式為；G和E發生取代反應生成Y；(1)由分析知D的結構簡式為CH≡CCH2COOC2H5；(2)A.物質A為CH≡CCH3，其中三個碳原子和一個氫原子在一條直線上，且甲基上最多有1個氫原子與直線在一個平面內，則最多有5個原子在同一平面內，故A正確；B.D和HI發生加成反應生成E，故B錯誤；C.物質G的結構簡式為，含有醛基，能和銀氨溶液能發生銀鏡反應，故C正確；D.物質Y的結構簡式為，分子式為C15H20O3，故D錯誤；故答案為AC；(3)B為單氯代烴，結構簡式為CH2ClC≡CH，由B與NaCN發生取代反應生成C的化學方程式為CH≡CCH2Cl+NaCNCH≡CCH2CN+NaCl；(4)D為HC≡CCH2COOCH2CH3，X與D互為同分異構體，且具有完全相同官能團，說明含有碳碳三鍵和酯基，且不含“—O—C≡C—”；X的核磁共振氫譜顯示三種不同化學環境的氫，其峰面積之比為3：3：2，其結構簡式有CH3COOCH2C≡CCH3、CH3C≡CCOOCH2CH3、CH3C≡CCH2COOCH3、CH3CH2C≡CCOOCH3，共4種；(5)由信息②可，苯甲醇先催化氧化生成苯甲醛，再與乙醛發生信息②的反應生成，再與氫氣加成即可生成F，具體合成路線為：。19、偏低酸式滴定管滴加最后一滴KMnO4溶液時，溶液變成淺紅色且半分鐘內不褪色5Fe1++MnO4-+8H+=5Fe3++Mn1++4H1O3.975或97.5%【解題分析】分析：（1）仰視時液面超過刻度線；（1）根據高錳酸鉀具有強氧化性，一般用硫酸酸化分析；（3）根據高錳酸鉀溶液顯紅色分析；（4）高錳酸鉀能把亞鐵離子為氧化鐵離子，自身被還原為錳離子；（5）根據方程式計算。詳解：（1）a步驟中定容時，如果仰視，則液面超過刻度線，因此會使所配溶液濃度偏低；（1）高錳酸鉀溶液具有強氧化性，一般用硫酸酸化，所以滴定時盛放KMnO4溶液的儀器為酸式滴定管；（3）高錳酸鉀溶液顯紅色，因此判斷此滴定實驗達到終點的方法是滴加最后一滴KMnO4溶液時，溶液變成淺紅色且半分鐘內不褪色。（4）高錳酸鉀能把亞鐵離子氧化為鐵離子，自身被還原為錳離子，Mn元素化合價從+7價降低到+1價，得到5個電子，鐵元素化合價從+1價升高到+3價，失去1個電子，所以酸性高錳酸鉀滴定Fe1+離子的反應方程式為5Fe1++MnO4-+8H+=5Fe3++Mn1++4H1O。（5）反應中消耗高錳酸鉀的物質的量是3.31333mol/L×3.31L＝3.3331mol，根據方程式5Fe1++MnO4-+8H+=5Fe3++Mn1++4H1O可知消耗亞鐵離子是3.331mol，所以根據鐵原子守恒可知上述樣品中FeSO4·7H1O的質量分數為0.001mol×25020、防止鹵代烴揮發（冷凝回流）Ag+、Na+、NO3－氯元素滴加AgNO3后產生白色沉淀143.5ab/cA【解題分析】

實驗原理為：RX+NaOHROH+NaX，NaX+AgNO3＝AgX↓+NaNO3，通過測定AgX的量，確定RX的摩爾質量；【題目詳解】（1）因RX（屬有機物鹵代烴）的熔、沸點較低，加熱時易揮發，所以裝置中長導管的作用是防止鹵代烴揮發（或冷凝回流）；（2）醇ROH雖然能與水互溶，但不能電離，所以沉淀AgX吸附的離子只能是Na+、NO3-和過量的Ag+，洗滌的目的為除去沉淀吸附的離子；（3）因為所得的AgX沉淀為白色，所以該鹵代烷中所含鹵素的名稱是氯元素；（4）RCl

～

AgClM（RCl）

143.5ag/cm3×b