2022-2023學年湖北省鄂州市高考物理試題押題預測卷

注意事項

1.考生要認真填寫考場號和座位序號。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示為氫原子的能級圖，用某種頻率的光照射大量處于基態的氫原子，受到激發后的氫原子只輻射出三種不同

頻率的光a、b、c,頻率下列說法正確的是

I....................&5

3-----------------1.51

2-----------------3.40

I-----------------K6

A.照射氫原子的光子能量為12.75eV

B.從〃=3能級躍遷到“2能級輻射出的光頻率為方

C.從〃=3能級躍遷到"=1能級輻射出的光頻率為%

D.光a能使逸出功為10.2eV的某金屬發生光電效應

2、如圖所示，金屬環M、N用不可伸長的細線連接，分別套在水平粗糙細桿和豎直光滑細桿上，當整個裝置以豎直

桿為軸以不同大小的角速度勻速轉動時，兩金屬環始終相對桿不動，下列判斷正確的是()

~1*1

丁

A.轉動的角速度越大，細線中的拉力越大

B.轉動的角速度越大，環N與豎直桿之間的彈力越大

C.轉動的角速度不同，環M與水平桿之間的彈力相等

D.轉動的角速度不同，環M與水平桿之間的摩擦力大小不可能相等

3、研究光電效應現象的實驗電路如圖所示，A、K為光電管的兩個電極，電壓表V、電流計G均為理想電表。已知該

光電管陰極K的極限頻率為w,元電荷電量為e,普朗克常量為R開始時滑片P、P'上下對齊。現用頻率為v的光

照射陰極K(v>vo),則下列說法錯誤的是

A.該光電管陰極材料的逸出功為/“6

B.若加在光電管兩端的正向電壓為U,則到達陽極A的光電子的最大動能為勵-初。+eU

C.若將滑片P向右滑動，則電流計G的示數一定會不斷增大

D.若將滑片「向右滑動，則當滑片P、P'間的電壓為色二效時，電流計G的示數恰好為0

e

4、下列說法正確的是（）

A.電子的發現說明原子具有核式結構

B.0衰變現象說明電子是原子核的組成部分

C.某金屬在光照射下發生光電效應，入射光頻率越高，該金屬的逸出功越大

D.某金屬在光照射下發生光電效應，入射光頻率越高，逸出光電子的最大初動能越大

5、如圖所示，直線1和曲線2分別是汽車a和b在同一平直公路上行駛的位置一時間（X-/）圖像，由圖像可知（）

A.在。時刻，a、b兩車的運動方向相同

B.在打時刻，a、b兩車的運動方向相反

C.在。到打這段時間內，a、b兩車的平均速率相等

D.在有到打這段時間內，a、b兩車的平均速度相等

6、如圖所示的電路中，恒流源可為電路提供恒定電流/。，R為定值電阻，電流表、電壓表均可視為理想電表，不考慮

導線電阻對電路的影響。改變變阻器勺接入電路的阻值，記錄電流表、電壓表的示數并依次填寫在下表中。由數據可

以判定以下說法正確的是（）

序號12345678

U(V)14.012.010.08.06.04.02.00

/(A)0.300.400.500.600.700.800.901.00

A.實驗過程中此逐漸增大

B.實驗過程中恒流源輸出功率逐漸減小

C.恒流源提供的電流/（）大小為2.00A

D.電路中定值電阻R的阻值為10Q

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、“風云二號”是我國發射的一顆地球同步衛星，有一偵查衛星A與“風云二號”衛星位于同一軌道平面，兩衛星繞地

球運轉方向相同。在赤道衛星觀測站的工作人員在兩個晝夜里能觀測到該偵查衛星三次。設地球的半徑、自轉周期分

別為RE和TE,g為其表面重力加速度，下列說法正確的是（）

A.風云二號距離地面的高度為J逅空—RB.偵查衛星與風云二號的周期比為7:3

V4/E

C.偵查衛星的線速度大于風云二號的線速度D.偵查衛星的軌道半徑為R=J避攣

V25"

8、A、B兩物體質量均為小，其中A帶正電，帶電量為g,B不帶電，通過勁度系數為々的絕緣輕質彈簧相連放在水

平面上，如圖所示，開始時兩者都處于靜止狀態。現在施加豎直向上的勻強電場，電場強度E=一式中g為重

q

力加速度，若不計空氣阻力，不考慮A物體電量的變化，則以下判斷正確的是（）

A.從開始到B剛要離開地面過程，A物體速度大小先增大后減小

B.剛施加電場的瞬間，A的加速度為4g

C.從開始到B剛要離開地面的每段時間內，A物體的機械能增量一定等于電勢能的減少量

D.B剛要離開地面時，A的速度大小為2g

9、如圖所示，在光滑水平桌面上有一xOy平面直角坐標系，y軸右側有兩根完全相同的均勻金屬絲M和N連接成閉

2乃（d、

合回路，金屬絲M的形狀滿足y=asin丁x，電阻為上在y軸左側有垂直于桌面向下的勻強磁場，磁

感應強度大小為3,磁場寬度為g,兩金屬絲在沿x軸負方向的外力作用下，以速度v勻速穿過磁場，下列判斷正確

2

的是

A.金屬絲中感應電流先沿逆時針方向后沿順時針方向

B.金屬絲中感應電流的最大值為萼

C.金屬絲運動過程中外力的最大功率為它上

R

D.金屬絲穿過磁場過程中產生的熱量為我也

R

10、如圖所示，豎直平面內存在著兩個方向豎直向上的相同帶狀勻強電場區，電場區的高度和間隔均為d,水平方向

足夠長.一個質量為膽、電荷量為+g的小球以初速度均在距離電場上方d處水平拋出，不計空氣阻力，貝！1（）

A.小球在水平方向一直做勻速直線運動B.小球在電場區可能做直線運動

C.若場強大小為整，小球經過兩電場區的時間相等D.若場強大小為強，小球經過兩電場區的時間相等

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）如圖所示裝置可以用來研究小車的勻變速直線運動。帶有定滑輪的長木板放置在桌面上，重物通過跨過定

滑輪的細線拉著小車向左加速運動，定滑輪與小車間的細線與長木板平行，打點計時器打下的紙帶記錄下小車的運動

信息。

（1）下面說法正確的是

B.小車的質量必須遠大于重物的質量

C.需要平衡小車與長木板間的摩擦力

D.應該先接通打點計時器的電源，然后再釋放小車

（2）實驗時將打點計時器接到頻率為50Hz的交流電源上，選取一條點跡清晰的紙帶，在紙帶上每隔四個點取一個計

數點，測出相鄰計數點間的距離如圖所示，其中

A=5.09cm,x2-7.10cm,x3-9.10cm,x4-11.10cm,x5=13.09cm,/=15.10cmo則打第4個計數點時小車的速

度匕=一m/s,小車的加速度。=m/s2（結果均保留兩位有效數字）。

12.（12分）（1）用10分度游標卡尺測一工件外徑的度數如圖⑴所示，讀數為mm；

用螺旋測微器測一圓形工件的直徑讀數如圖⑵所示，讀數為mm。

（2）在伏安法測電阻的實驗中，待測電阻凡約為2（）。，電壓表，的內阻約為2kQ,電流表a的內阻約為1。，測量電路

中電流表的連接方式如圖（a）或圖（b）所示，電阻由公式&=亍計算得出，式中U與/分別為電壓表和電流表的

示數，若將圖（a）和圖（b）中電路圖測得的電阻值分別記為此和R.2,則（填“凡”或"l”）更接近待測

電阻的真實值，且測量值（填“大于”、“等于”或“小于”）真實值，測量值（填“大于”、“等于"

或“小于,,）真實值。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，一足夠長的斜面傾角為37。，斜面8c與水平面A8圓滑連接。質量,”=2kg的物體靜止于水

平面上的M點，M點距B點之間的距離L=9m,物體與水平面和斜面間的動摩擦因數均為4=0.5,現使物體受到一

水平向右的恒力尸=14N作用，運動至8點時撤去該力小加37。=0.6,儂37。=0.8,^g=10m/s2)o貝！)：

⑴物體到達B點時的速度是多大？

(2)物體在斜面上滑行的時間是多少？

14.(16分)一列簡諧橫波在介質中沿x軸正向傳播，波長念80cm.。和A是介質中平衡位置分別位于x=O和x=40cm

處的兩個質點.f=0時開始觀測，此時質點O的位移y=-8cm,質點4處于y=-16cm的波谷位置；f=0.5s時，質點O

第一次回到平衡位置，而UI.5s時，質點A第一次回到平衡位置.求：

(i)這列簡諧橫波的周期人波速v和波長2;

(ii)質點A振動的位移y隨時間f變化的關系式.

15.(12分)如圖所示，坐標系第一象限和第二象限均存在垂直紙面向里的勻強磁場，y軸為磁場理想邊界，兩側磁

感應強度大小不同，已知第二象限磁感強度大小為8。坐標原點粒子源以不同的速率沿與y軸正方向成30。的方向向第

二象限發射比荷相同帶負電的粒子。當粒子速率為n時，粒子穿過y軸第一次進入第一象限，軌跡與)'軸交點為

尸(O,L),進入第一象限經過。點，已知。。與y軸正方向夾角為30。，OQ長為OQ=^L+叵L,不計粒子的

26

重力和粒子間的相互作用力

⑴求第一象限磁感強度大小B';

⑵過P點粒子的速度滿足條件。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1,D

【解析】

根據公式=3,可知，〃=3,因此受到激發后的氫原子處于第〃=3能級；

A.根據氫原子由〃=3躍遷到n=l產生的光子能量與從n=l躍遷到〃=3所吸收的光子能量相等可知，照射氫原子的光

子能量為：AE31=E3-EI=-1.51-(-13.6)=12.09eV,故A錯誤；

B.頻率大小關系為Va>Vb>外,從〃=3躍遷到〃=2輻射出的能量最小，即其對應的光頻率為先,故B錯誤；

C.氫原子由〃=3躍遷到”=1產生的光的能量最大，輻射出的光頻率為Va,故C錯誤；

D.氫由〃=3躍遷到n=l產生的光的能量12.09eV,依據光電效應方程，所以能使逸出功為10.2eV的金屬能發生光電

效應，故D正確。

2、C

【解析】

AB.設細線與豎直方向的夾角為〃，對N受力析，受到豎直向下的重力GN,繩子的拉力7,桿給的水平支持力M,

因為兩環相對桿的位置不變，所以對N有

Tcos0=GN

N、=Tsin。

因為重力恒定，角度恒定，所以細線的拉力不變，環N與桿之間的彈力恒定，AB錯誤;

CD.受力分力如圖

N2=GM+TCOS6=GM+GN

所以轉動的角速度不同，環M與水平桿之間的彈力相等；若以較小角速度轉動時，摩擦力方向右，即

Tsin6-/=marr=>f-TsmO-marr

隨著角速度的增大，摩擦力方向可能變成向左，即

Tsin6+/'=mco'2r=>f'=mco'2r-Tsin3

故可能存在

mco'2r—Tsin。=Tsin0-m(o2r

摩擦力向左和向右時相等的情況，C正確，D錯誤。

故選C。

3、C

【解析】

A.由極限頻率為vo,故金屬的逸出功為Wo=Aw,A正確；

B.由光電效應方程可知，電子飛出時的最大動能為

Ek=hv-W0

由于加的正向電壓，由動能定理

eU=E'k-Ek

解得

E'k=hv-hv0+eU

故B正確；

C.若將滑片尸向右滑動時，若電流達到飽和電流，則電流不在發生變化，故C錯誤；

D.P'向右滑動時，所加電壓為反向電壓，由

eU=Ek

可得

vhv-hvQ

e

則反向電壓達到遏止電壓后，動能最大的光電子剛好不能參與導電，則光電流為零，故D正確；

故選C。

4、D

【解析】

A.a粒子散射實驗說明原子具有核式結構，故A錯誤；

B.p衰變是原子核中的中子轉化為質子同時產生電子的過程，但電子不是原子核的組成部分，故B錯誤；

CD.在光電效應現象中，金屬的逸出功與入射光的頻率無關；Ek=hv-Wn可知，入射光頻率越高，逸出光電子的

最大初動能越大，故C錯誤D正確。

故選D。

5、D

【解析】

AB.由X-f圖像的斜率正負表示速度方向，由圖像可知，。時刻，a、b兩車的運動方向相反，，2時刻，a、b兩車的

運動方向相同，故AB錯誤；

C.由X-f圖像可知，b汽車的路程大于a汽車的路程，由于時間相同，所以b車的平均速率大于a車的平均速率，

故C錯誤；

D.在。到打這段時間內，兩汽車的位移相同，時間相同，故a、b兩車的平均速度相等，故D正確。

故選D。

6、B

【解析】

A.從表格中的數據可知彳的比值在減小，而電壓表測量l兩端電壓，電流表測量用電流，即&=—，此逐漸減

小，A錯誤；

B.4逐漸減小，根據串并聯電路電阻規律可知電路總電阻減小，而電路總電流恒定，根據P=/2R可知恒流源輸出

功率逐漸減小，B正確；

C.第8次實驗時電壓表示數為零，即七連入電路的電阻為零，七所在支路為一根導線，電阻R被短路，此時此所

在支路的電流等于恒流源提供的電流，故大小為l.（）（）A,C錯誤；

D.第一次實驗時電流表示數為0.3A,所以第一次實驗時通過電阻K的電流為

/=1°一/1=1.00—0.3=0.7A

由于K和此并聯，所以第一次實驗時R兩端的電壓為

U=14V

故R的電阻為

—=20Q

10.7

故D錯誤。

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、ACD

【解析】

A.由于風云二號是地球同步衛星，故它的運轉周期為TE。設地球質量為M,風云二號的質量為，小軌道半徑為八

周期等于7E,由萬有引力提供向心力得

-Mm2萬丫

G——=m

在天體的表面有

Mm

G卞=mg

由以上兩式解得

V4/

風云二號距地面的高度為J國￡-凡，故A正確;

V41七

BC.假設每隔AT時間赤道上的人可看到A衛星一次，則有

至一至=2萬

解得

△T=研

TE-TA

考慮到兩個晝夜看到三次的穩定狀態，則有

解得

根據開普勒第三定律可知，偵查衛星的線速度大于風云二號的線速度，故B錯誤，C正確;

D.設偵查衛星的軌道半徑為R,有牛頓第二定律得:

GMm4/

-----7P—=m-7-R

&T1

解得

25萬2

故D正確。

故選ACD。

8、BD

【解析】

AB.在未施加電場時，A物體處于平衡狀態，當施加上電場力瞬間，A物體受到的合力為施加的電場力，故有：

qE=4mg=ina

解得：

a=4g,方向向上

B剛要離開地面時，彈簧的拉力為mg,此時A物體合力為2,"g,加速度為2g,向上，從開始到B剛要離開地面過程,

A物體做加速度逐漸變小的加速運動，即A物體速度一直增大，故A錯誤B正確；

C.從開始到彈簧恢復原長的過程，A物體的機械能增量等于電勢能與彈性勢能的減少量的和，從彈簧恢復原長到B

剛要離開地面的過程，A物體的機械能增量等于電勢能的減少量與彈性勢能的增加量的差值，故C錯誤；

D.當B離開地面時，此時B受到彈簧的彈力等于B的重力，從施加電場力到B離開地面，彈簧的彈力做功為零，A

上升的距離為：

2mg

Ji-

k

根據動能定理可知：

(qE-mg?=；wv2

解得：

v=2g

故D正確。

故選：BD?

9、AB

【解析】

A.導體切割磁感線，根據右手定則可知，金屬絲進入磁場過程中感應電流沿逆時針方向，離開磁場過程中感應電流

沿順時針方向，A正確；

B.金屬絲在磁場中切割磁感線的最大有效長度為：

L—1a

最大的感應電動勢：

Em=BLv

最大感應電流：

/=&=馴

m2RR

B正確；

C.導體棒勻速運動，外力與安培力等大反向，最大外力：

最大功率:

C錯誤；

D.根據金屬絲形狀的表達式可知回路中產生的是正弦式交變電流，電流的有效值:

I=—I

2m

電流存在的時間：

T=@

V

根據焦耳定律：

22

c(V2Bav\”dBadv

I2R)vR

D錯誤。

故選AB?

10、ABD

【解析】

A.將小球的運動沿著水平方向和豎直方向進行分解，水平方向不受外力，故小球在水平方向一直以速度即做勻速直

線運動，故A正確；

B.小球在電場區時，受到豎直向下的重力和豎直向下的電場力，若電場力與重力大小相等，二力平衡，小球能做勻

速直線運動，故B正確；

mg

C.若場強大小為上，則電場力等于〃陪，在電場區小球所受的合力為零，在無電場區小球勻加速運動，故經過每個

q

電場區時小球勻速運動的速度均不等，因而小球經過每一無電場區的時間均不等，故C錯誤；

D.當場強大小為等，電場力等于2,”g,在電場區小球所受的合力大小等于”陪，方向豎直向上，加速度大小等于g,

方向豎直向上，根據運動學公式，有經過第一個無電場區

d=；g片

vi=gh

經過第一個電場區

d=Vlt-^gt22

vi=v\-gti

由①②③④聯立解得

tl=t2

V2=0

接下來小球的運動重復前面的過程，即每次通過無電場區都是自由落體運動，每次通過電場區都是末速度為零勻減速

直線運動，因此，小球經過兩電場區的時間相等，故D正確。

故選ABD.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、D1.22.0

【解析】

(1)口］只要小車做勻加速運動即可，因此，A、B、C選項是沒有必要的，實驗時需要先接通電源，再釋放小車，以

確保紙帶上能夠記錄下較多的運動信息，選項D正確。

(2)［2］交流電的頻率為/=50Hz,相鄰兩計數點間的時間間隔

八，x+x0.1110+0.1309,

f=0.1s,v.4——52-=-------------------m/s=1.2m/s

2t0.2

⑶由逐差法可求得小車的加速度。根據

(/+%5+*4)一(*3+工2+*1)

AY—aT-,a—

(RA

代人數據，得

0.1510+0.1309+0.1110-0.0910-0.0710-0.0509

m/s22.0m/s2。

9x0.12

12>32.71.506R6大于小于

【解析】

(1)口］10分度的游標卡尺，精確度是0.1mm,游標卡尺的主尺讀數為32mm,游標尺上第7個刻度和主尺上某一刻度

對齊，所以游標讀數為

7x0.1mm=0.7mm

所以最終讀數為

32mm+0.7mm=32.7mm

［2］螺旋測微器的固定刻度為1.5mm,可動刻度為

6.0x0.001mm=0.006mm

所以最終讀數為

1.5mm+0.006mm=l.506mm

(2)［3］由于待測電阻滿足

2000<200

&200RA10

所以電流表應用內接法，即凡|更接近真實值;

⑷根據串并聯規律可知，采用內接法時真實值應為

3二％

即測量值大于真實值;

［5］采用外接法時，真實值應為

1-1,1測

即測量值小于真實值。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(l)6m/s；(2)0.6+-y-js.

【解析】

(1)在水平面上，根據牛頓第二定律可知

F—/nmg=nui

解得

。=F-zw=14-0.5x2x10西；

m2

”到3,根據速度位移公式可知

Vg=2aL

解得

vB=<2aL=x2x9mzs=6m/s；

(2)在斜面上向上運動，根據牛頓第二定律可知

mgsin0+jjmgcos0=ma]

代入數據解得

a,=10m/s2

根據速度位移公式可知

Vg=2ax

解得

x=1.8m

由%=得

4=0.6s

因〃<tan〃，所以物體速度減為零后會繼續下滑

下滑時根據牛頓第二定律可知

mgsin0—cos0=nui2

解得

a2=2mzs2

由x=1得

2

3>/5

。--S

5

所以物體在斜面上滑行的總時間

t=%+弓=0.6+s=1.94s

JIJI2TI

14、(i)T=6.0s、v=0.40m/s、2=2.4m(ii)y=0.16cos(§f+")(加)或V=016sin(i，+§)(m)；

【解析】

(i)設振動周期為T,由于質點A在0到L5s內由負最大位移處第一次回到平衡位置，經歷的是四分之一周期，故

振動周期為：T=6.0s；

由于質點OA距離d=0.40m小于半個波長，且波沿x軸正向傳播，O在t=0.5s時回到平衡位置，而t=1.5s時A緊接著

回到平衡位置，可知波從O傳到A