2022-2023學年湖北省隨州市第二高級中學高考模擬第一次測試物理試題試卷

考生請注意：

1.答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。

2.第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的

位置上。

3.考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，A、B兩球質量相等，A球用不能伸長的輕繩系于。點，B球用輕彈簧系于。，點，。與0,點在同一水

平面上，分別將A、B球拉到與懸點等高處，使輕繩和輕彈簧均處于水平且自然伸直狀態，將兩球分別由靜止開始釋

放，當兩球達到各自懸點的正下方時，兩球仍處在同一水平面上，則（）

A.兩球到達各自懸點的正下方時，兩球損失的機械能相等

B.兩球到達各自懸點的正下方時，A球速度較小

C.兩球到達各自懸點的正下方時，重力對A球做的功比B球多

D.兩球到達各自懸點的正下方時，A球的動能大于B球的動能

2、勻強電場中有一條直線，M、N、尸為該直線上的三點，且MN=NP。若MN兩點的電勢分別為5V、11V,則下

列敘述正確的是（）

A.電場線方向由N指向M

B.尸點的電勢不一定為17V

C.正的檢驗電荷從M點運動到N點的過程，其電勢能不一定增大

D.將負的檢驗電荷以初速度為0放入該電場中的M點，檢驗電荷將沿直線運動

3、如圖所示，足夠長的傳送帶與水平面的夾角為仇傳送帶以速度到。逆時針勻速轉動。在傳送帶的上端輕輕放置一個

質量為，”的小木塊，小木塊與傳送帶間的動摩擦因數〃〉tan仇則能客觀地反映小木塊的速度隨時間變化關系的圖象是

（）

0

4、關于牛頓第一定律和慣性有下列說法，其中正確的是（）

A.由牛頓第一定律可知，物體在任何情況下始終處于靜止狀態或勻速直線運動狀態

B.行星在圓周軌道上保持勻速率運動的性質是慣性

C.牛頓第一定律只是反映慣性大小的，因此也叫慣性定律

D.運動物體如果沒有受到力的作用，將繼續以同一速度沿同一直線運動

5、下列說法正確的是（）

A.“康普頓效應”說明光具有能量，“光電效應”說明光具有動量

B.目前的核電站、核潛艇在利用核能時，發生的核反應方程均是;H+：Hf；He

C.對于某種金屬來說，其發生光電效應的極限頻率是恒定的，且與入射光的強度無關

D.中子與質子結合成流核時，需要吸收能量

6、AC,CD為兩個傾斜角度不同的固定光滑斜面，其中NACB<45。，水平距離均為3C,兩個完全相同且可視為質

點的物塊分別從A點和。點由靜止開始下滑，不計一切阻力，則（）

A.沿AC下滑的物塊到底端用時較少

B.沿AC下滑的物塊重力的沖量較大

C.沿AC下滑的物塊到底端時重力功率較小

D.沿AC下滑的物塊到底端時動能較小

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數比為4：1,電壓表、電流表為理想電表。Li、L2、L3、L4為四只規

格均為“220V,60W”的燈泡。如果副線圈電壓按圖乙所示規律變化，則下列說法正確的是（）

A.電壓表的示數約為1244.32V

B.電流表的示數約為0.82A

C.a、b兩端的電壓是1045V

D.a、h兩端的電壓是U00V

8、如圖所示，質量為機的小球與輕質彈簧相連，穿在豎直光滑的等腰直角三角形的桿AC上，桿8c水平彈簧下端固

定于5點，小球位于桿AC的中點。時，彈簧處于原長狀態。現把小球拉至。點上方的E點由靜止釋放，小球運動的

最低點為E,重力加速度為g,下列說法正確的是（）

A.小球運動D點時速度最大

B.ED間的距離等于。尸間的距離

C.小球運動到O點時，桿對小球的支持力為與加g

D.小球在F點時彈簧的彈性勢能大于在E點時彈簧的彈性勢能

9、迄今為止，大約有1000顆衛星圍繞地球正常工作，假如這些衛星均圍繞地球做勻速圓周運動，關于這些衛星，下

列說法正確的是

A.軌道高的衛星受到地球的引力小B.軌道高的衛星機械能大

C.線速度大的衛星周期小D.線速度大的衛星加速度大

10、如圖所示，紙面內虛線1、2、3相互平行，且間距均為L1、2間的勻強磁場垂直紙面向里、磁感應強度大小為

28,2、3間的勻強磁場垂直紙面向外、磁感應強度大小為8。邊長為d（d<”的正方形線圈PQMN電阻為R,各邊

質量和電阻都相同，線圈平面在紙面內。開始尸。與1重合，線圈在水平向右的拉力作用下以速度為%向右勻速運動。

設P。剛進入磁場時尸。兩端電壓為〃，線圈都進入2、3間磁場中時，PQ兩端電壓為。2；在線圈向右運動的整個

過程中拉力最大為尸，拉力所做的功為W,則下列判斷正確的是（）

V乃XX

X

x

：*7*r-nr

…一竽B.一"…=『

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

IL(6分)某實驗小組在實驗室做“探究加速度與力、質量的關系”的實驗。

(1)下列是實驗室的儀器臺上擺放的部分儀器，本實驗須從中選用

(2)下列關于實驗的一些說明，其中正確的是.

A.輕推小車，拖著紙帶的小車能夠勻速下滑說明摩擦力已被平衡

B.拉小車的細線應與長木板平行

C.相關儀器設置完畢后，應先釋放小車再接通電源

D.在實驗打出的合理的紙帶上，連接小車的一端其打點痕跡較為密集

(3)打點計時器使用的交流電源的頻率為50Hz。如圖為實驗中獲取的一條紙帶的一部分，A、B、C、。、E、尸是

各相鄰計數點，相鄰兩計數點間還有4個打點(圖中未標出)。

-A~HCDE~

|||川1川||川ipii甲川?川￥川1叫硒ipnpi甲iipiipnpii|L

0cm12345678910

根據圖中數據計算，打。點時小車的速度大小為，小車運動加速度的大小為O(均保留3位有效數

字)

12.(12分)小華同學欲測量小物塊與斜面間的動摩擦因數，其實驗裝置如圖1所示，光電門1、2可沿斜面移動，物

塊上固定有寬度為d的擋光窄片。物塊在斜面上滑動時，光電門可以顯示出擋光片的擋光時間。(以下計算的結果均

請保留兩位有效數字)

(1)用游標卡尺測量擋光片的寬度，其示數如圖2所示，則擋光片的寬度4=mm。

(2)在P處用力推動物塊，物塊沿斜面下滑，依次經過光電門1、2,顯示的時間分別為40ms、20ms,則物塊經過光

電門1處時的速度大小為m/s,經過光電門2處時的速度大小為m/so比較物塊經過光電門

1、2處的速度大小可知，應_______(選填“增大”或“減小”)斜面的傾角，直至兩光電門的示數相等；

(3)正確調整斜面的傾角后，用刻度尺測得斜面頂端與底端的高度差A=60.00cm、斜面的長度L=100.00cm,g取9.80m/s2,

則物塊與斜面間的動摩擦因數的值〃=（）。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，水平面上固定著一條內壁光滑的豎直圓弧軌道，為圓弧的豎直直徑，C點與圓心。等高。

軌道半徑為R=0.6m,軌道左端A點與圓心。的連線與豎直方向的夾角為8=53。，自軌道左側空中某一點尸水平

拋出一質量為機的小球，初速度大小％=3m/s,恰好從軌道A點沿切線方向進入圓弧軌道已知sin530=0.8,

cos53°=0.6,求：

（1）拋出點P到A點的水平距離；

（2）判斷小球在圓弧軌道內側運動時，是否會脫離軌道，若會脫離，將在軌道的哪一部分脫離。

14.（16分）如圖所示，A、B兩板間的電壓為M、N兩平行金屬板長為2d,兩板間距為2d,電壓為U。QP

的右側有垂直紙面的勻強磁場，磁場寬度為1美+1〉/。一束初速度為0、電荷量的范圍為4~44、質量的范圍為

加~4m的帶負電粒子由S無初速度射出后，先后經過兩個電場，再從M、N兩平行金屬板間（緊貼"板）越過界

面QP進入磁場區域。若其中電荷量為9、質量為〃，的粒子恰從M、N兩板間的中點C進入磁場區域。求解下列問

題（不計重力）：

（1）證明：所有帶電粒子都從C點射出

（2）若粒子從QP邊界射出的速度方向與水平方向成45角，磁場的磁感應強度在什么范圍內，才能保證所有粒子均不

能從邊射出？

NK

15.(12分)如圖，質量為6m、長為L的薄木板AB放在光滑的平臺上，木板B端與臺面右邊緣齊平.B端上放有質

量為3m且可視為質點的滑塊C,C與木板之間的動摩擦因數為質量為m的小球用長為L的細繩懸掛在平臺

3

右邊緣正上方的O點，細繩豎直時小球恰好與C接觸.現將小球向右拉至細繩水平并由靜止釋放，小球運動到最低點

時細繩恰好斷裂，小球與C碰撞后反彈速率為碰前的一半.

P

(1)求細繩能夠承受的最大拉力；

(2)若要使小球落在釋放點的正下方P點，平臺高度應為多大;

(3)通過計算判斷C能否從木板上掉下來.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.A球運動過程中，只有重力做功，機械能守恒，B球運動過程中，B球機械能轉化為彈簧的彈簧勢能，故A錯誤;

BD.兩個球都是從同一個水平面下降的，到達最低點時還是在同一個水平面上，可知在整個過程中，A、B兩球重力

勢能減少量相同。球A的重力勢能全部轉化為動能，球B的重力勢能轉化為動能和彈簧的彈性勢能，所以兩球到達各

自懸點的正下方時，A球動能較大，速度較大，故B錯誤，D正確；

C.兩個球都是從同一個水平面下降的，到達最低點時還是在同一個水平面上，可知在整個過程中，A、B兩球重力勢

能減少量相同，即重力做功相同，故C錯誤。

故選D。

2、D

【解析】

A.在勻強電場中，沿電場線的電勢變化，沿其他方向的直線電勢也變化，N點電勢高于M點電勢，但直線MN不一

定是電場線，選項A錯誤。

B.勻強電場中沿任意非等勢面的直線電勢均勻變化，則有

(PM~(PN=(PN~9P

解得

%>=17V

選項B錯誤；

C.電勢有8M</、，，正的檢驗電荷在高電勢處電勢能大，則在M點的電勢能小于在N點的電勢能，選項C錯誤。

D.勻強電場的電場線是直線，將負的檢驗電荷以初速度為0放入M點，該電荷在恒定電場力的作用下，沿場強的反

方向做勻加速直線運動，選項D正確；

故選D。

3,B

【解析】

初狀態時：重力的分力與摩擦力均沿著斜面向下，且都是恒力，所以物體先沿斜面勻加速直線運動，由牛頓第二定律

得加速度：

ai=gsinO+〃gcos。

。恒定，斜率不變；

當小木塊的速度與傳送帶速度相等時，由"〉tanO知道木塊將與帶以相同的速度勻速運動，圖象的斜率表示加速度，

所以第二段的斜率為零。

A.該圖與結論不相符，選項A錯誤；

B.該圖與結論相符，選項B正確；

C.該圖與結論不相符，選項C錯誤；

D.該圖與結論不相符，選項D錯誤；

4、D

【解析】

A.根據牛頓第一定律知，物體只有在不受外力，或者所受合外力為零時，才能處于靜止或勻速直線運動狀態，A錯

誤；

B.行星在圓周軌道上保持勻速率運動是由于受到改變運動狀態的萬有引力作用，其運動狀態是不斷變化的，則B項

錯誤；

C.牛頓第一定律反映物體具有慣性這種性質，并不能反映物體慣性的大小，C錯誤；

D.運動物體如果沒有受到力的作用，將保持原來的速度做勻速直線運動，D項中說法符合牛頓第一定律，D正確；

故選D。

5、C

【解析】

A.“康普頓效應”說明光具有動量，“光電效應”說明光具有能量，故A錯誤；

B.目前的核電站、核潛艇在利用核能時，發生的核反應方程均是核裂變方程，故B錯誤；

C.對于某種金屬來說，其發生光電效應的極限頻率只和金屬本身有關，是恒定的，與入射光的強度無關。故C正確;

D.中子與質子結合成氣核時，核聚變放出能量，故D錯誤。

故選C。

6、A

【解析】

A.由于兩者水平距離相同，均可用水平距離表示出運動時間，設水平距離為x,斜面傾角為貝!I：

X1.2

------=-gsin，?f

cos。2

得：

I2x4x

Vgsin8cos。gsin29

則傾角越大用時越少，A正確;

B.重力沖量:

I=mgt

沿軌道AC下滑的物塊到底端用時較小，重力的沖量較小，B錯誤；

CD.由動能定理：

mgh=g"?/

可知沿軌道AC下滑的物塊重力做功大，所以到底端時速度大，動能較大；沿軌道AC下滑的物塊到底端時速度大,

傾斜角度，大，由重力瞬時功率功率：

P=mgvsin0

可知其重力瞬時功率較大，C錯誤，D錯誤。

故選A。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、BC

【解析】

A.由輸出端交變電壓的圖象可求出有效值220V,由原、副線圈匝數之比4:1,可得原、副線圈的電壓之比4:1,則原

線圈的電壓即電壓表的示數為

=4x220V=88OV

故A錯誤；

B.副線圈電壓為220V,L2、1小1“三只燈泡都正常發光，電流表的示數為

/=3/,=3x—A?0.82A

、220

故B正確；

CD.原、副線圈的電流之比1:4,則原線圈電流為

I.=-x0.82A=0.205A

'4

燈泡的電阻

U222()2

R.=—=——Q?806.7Q

LP60

則。、〃兩點的電壓

U=5+=880V+0.205x806.7V?1045V

故C正確，D錯誤。

故選BC,

8、CD

【解析】

分析圓環沿桿下滑的過程的受力和做功情況，只有重力和彈簧的拉力做功，所以圓環機械能不守恒，但是系統的機械

能守恒；沿桿方向合力為零的時刻，圓環的速度最大。

【詳解】

A.圓環沿桿滑下，段受到重力和彈簧彈力(桿對小球的支持力垂直于桿，不做功)，且與桿的夾角均為銳角，則

小球加速，。點受重力和桿對小球的支持力，則加速度為gsin45,仍加速，。廠段受重力和彈簧彈力，彈力與桿的

夾角為鈍角，但一開始彈力較小，則加速度先沿桿向下，而尸點速度為0,則。尸段，先加速后減速，。點時速度不

是最大，故A錯誤；

B.若EO間的距離等于。尸間的距離，則全過程，全過程小球重力勢能減少，彈性勢能不變，則系統機械能不守恒，

故B錯誤；

c.。點受重力和桿對小球的支持力，垂直于桿方向受力分析得桿對小球的支持力為變〃吆，故C正確；

2

D.若EZ)間的距離等于。尸間的距離，則全過程，全過程小球重力勢能減少，彈性勢能不變，則即間的距離應小于

O尸間的距離，則全過程，全過程小球重力勢能減少，彈性勢能增大，則系統機械能守恒，故D正確；

故選CD?

【點睛】

本題考查彈簧存在的過程分析，涉及功能關系。

9、CD

【解析】

A.引力的大小不僅與軌道半徑有關，還與衛星質量有關，故A錯誤；

B.機械能的大小也與質量有關，故B錯誤；

CD.根據

八Mm4/v2

G—―-mr-丁-ma-m——

rT-r

可知線速度越大，軌道半徑越小，加速度越大，周期越小，故CD正確。

10、ABD

【解析】

A.只有進入磁場，尸。切割磁感線產生電動勢

￡,=2Bdv()

電路中電流

'R

尸。兩端電壓

'412

選項A正確；

C.受到的安培力

6=(28””四尹

進入過程克服安培力做功

W4B2d3V3

Wt=Fid=—『

都進入1、2間后磁場回路無電流，不受安培力，拉力為0,不做功；P。進入右邊磁場、MN在左邊磁場中，MN切割

磁感線產生電動勢用，PQ切割右邊磁感線產生電動勢

E2=BdvQ

回路中電流

j_E1+與

2―_

PQ和MN受到安培力大小分別為

片=Bl/

瑪=（28）3

需要拉力最大為

932d2%

/=6+居=—鼠上

選項C錯誤；

B.PQ進入右邊磁場過程中克服安培力做功

W2=Fd

都進入右邊磁場后，尸。和MN都切割磁場，回路無電流，安培力為0,

U2=E2=Bdv0

選項B正確；

D.PQ出磁場后，只有MN切割磁感線，線圈受到安培力

F、=BId=?"乜

5R

PQ出磁場過程中安培力做功

叱=印

整個過程克服安培力做功

1432d‘％

卬=叱+%+嗎1IZ=-——-~

選項D正確。

故選ABD.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、ACABD0.205m/s0.0433m/s2

【解析】

(1)[1].須選用打點計時器打點，選用天平測量質量。不需要彈簧測力計、秒表進行測量，故選AC。

(2)[2].A.輕推小車，拖著紙帶的小車能夠勻速下滑說明摩擦力已被平衡，則選項A符合實驗要求。

B.若拉小車的細線與長木板不平行，則細線拉力沿木板方向的分力為拉動小車的力，且該力隨時間變化，選項B正

確。

C.應先將打點計時器接通電源，再釋放小車，以保證紙帶上有足夠多的打點且有運動開始段的打點，選項C錯誤；。

D.紙帶做初速度為零的加速運動，打點計時器在紙帶連接小車的一端先打點，此時小車速度較小，則點跡較為密集,

選項D正確；故選ABD。

(3)[3].打點計時器頻率為50Hz,則相鄰計數點時間間隔T=5x5s=O.ls。

讀取紙帶數據，有/°=2.40cm,/E=6.50cm。貝！|

XcE=%E-XAc=4.10cm

則打D點時小車的速度為

v--0.205m/s

D2T

[4].有效應用紙帶上的多段數據以減小誤差。分段逐差法是推薦使用的方法。紙帶上有五段距離，該題意不要求分析

舍棄哪段更精確，故舍去中間段、最小段或最大段均為正確計算。

舍棄中間段，應用逐差法有

c—XDE-XAB

c_XEFXBC

則加速度為

__4+

a~2

解得

——(“DE+XEF)―+XBC)_XDF

2

一2—x3一T6T-

讀取紙帶數據有乙。=4.24cm,924cm,則

xDF=5.00cm

解得

a?0.0433m/s2

(結果為明確性計算數字，保留3位有效數字，().0420~().0450范圍內均對)

12、5.20.130.26減小0.75

【解析】

擋光片的寬度為d=0.5cm+2x0.1rnm=5rnrn+2x0.1mm=5.2mm；

33

⑵[2][3]d=5.2mm=5.2xl0-3m,Z|=40ms=40xl0S>Z2=20ms=20xl0s,用平均速度來求解瞬時速度:

5.2x103

匕m/s=0.13m/s

v,=—=—-------m/s=0.26m/s

2

t220x10-3

[4]由于也〈燈，物塊做加速運動，設斜面的傾角為仇則對物塊受力分析有

故應減小斜面的傾角，直到

mgsin0=^ntgcosO

此時物塊勻速運動，兩光電門的示數相等

(3)[5]//=60.00cm=0.6m,L=100.00cm=lm,物塊勻速運動時

/"gsin6="〃igcos。

即

tan〃="

又

tan0=/h

J/?一

解得

〃=0.75

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)1.2m；(2)會，小球在軌道C。部分脫離軌道

【解析】

(1)如圖所示，畫出小球通過4點時的速度矢量三角形

vv=v()tan0

%=gf

XPA=卬

代入數據求得

xPA=1.2m

19

—fnvA>mgRcos0

說明小球能越過軌道。點；

假設小球能從A運動到D,根據動能定理

一+cos8)=4一gmu；

解得

vD=V5^8m/s

若小球恰能通過。點則有

諾

mg=7n卞

r

vD=V6m/s

因功<%,因此小球會在軌道CD部分脫離軌道。

,cxr-n2I2ml7

14、（1）見解析⑵B>-------

ayq

【解析】

（1）電場加速有

qU（）=gmv；

Q：*??

I

AB

叩。口

S□

'N了...K

帶電粒子在偏轉電場U