吉林省吉林地區普通高中友好學校聯合體第三十一屆2023年物理高二第一學期期末學業質量監測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一正三角形導線框高為從圖示位置沿x軸正方向勻速穿過兩勻強磁場區域．兩磁場區域磁感應強度大小均為B、磁場方向相反且均垂直于xOy平面，磁場區域寬度均為a．則感應電流I與線框移動距離x的關系圖象可能是（以逆時針方向為感應電流的正方向A. B.C. D.2、如圖所示，人站立在體重計上，下列說法正確的是（）A.人對體重計的壓力和體重計對人的支持力是一對平衡力B.人對體重計的壓力和體重計對人的支持力是一對作用力和反作用力C.人所受的重力和人對體重計的壓力是一對平衡力D.人所受的重力和人對體重計的壓力是一對作用力和反作用力3、下列可視為做平拋運動的物體是（）A.升空的火箭 B.樹上落下的果實C.投向籃框的籃球 D.水平飛行的飛機釋放的物體4、一架懸掛于天花板上的彈簧秤下掛水平導線AB，導線中通有如圖所示向右的電流，導線中心的正下方有與導線AB垂直的另一長直導線，當長直導線中通入向里的電流時，關于導線AB的運動及彈簧秤讀數的變化正確的是（）A.A向外、B向里轉動，彈簧秤的讀數增大B.A向里、B向外轉動，彈簧秤的讀數減小C.A向里、B向外轉動，彈簧秤的讀數增大D.A向外、B向里轉動，彈簧秤的讀數減小5、如圖所示，由兩塊相互靠近的平行金屬板組成的平行板電容器的極板N與靜電計相接，極板M接地．用靜電計測量平行板電容器兩極板間的電勢差U．在兩板相距一定距離d時，給電容器充電，靜電計指針張開一定角度．在整個實驗過程中，保持電容器所帶電量Q不變，說法中正確的是（）A.將M板向下平移，靜電計指針張角變小B.將M板向上平移，靜電計指針張角變大C.將M板沿水平向左方向遠離N板，靜電計指針張角變小D.在M、N之間插入云母板（介電常數大于1），靜電計指針張角變大6、靜電計可以用來測量電容器的電壓．如圖把它的金屬球與平行板電容器一個極板連接，金屬外殼與另一極板同時接地，從指針偏轉角度可以推知兩導體板間電勢差的大小．現在對電容器充完點后與電源斷開，然后將一塊電介質板插入兩導體板之間，則A電容C增大，板間場強E減小，靜電計指針偏角減小B.電容C增大，板間場強E增大，靜電計指針偏角減小C.電容C增大，板間場強E增大，靜電計指針偏角增大D.電容C增大，板間場強E減小，靜電計指針偏角增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、物體沿光滑斜面下滑，在此過程中A.斜面對物體的彈力做功為零 B.斜面對物體的彈力的沖量為零C.物體動能的增量等于重力的功 D.物體的動量的增量等于重力的沖量8、M為水平放置的橡膠圓盤，在其外側面均勻地帶有負電荷．在M正上方用絲線懸掛一個閉合鋁環N，鋁環也處于水平面中，且M盤和N環的中心在同一條豎直線O1O2上．現讓橡膠圓盤由靜止開始繞O1O2軸按圖示方向逆時針加速轉動，下列說法正確的是（）A.鋁環N對橡膠圓盤M的作用力方向豎直向下B.鋁環N對橡膠圓盤M的作用力方向豎直向上C.鋁環N有擴大的趨勢，絲線對它的拉力增大D.鋁環N有縮小的趨勢，絲線對它的拉力減小9、如圖所示電路，電源內阻不可忽略．開關S閉合后，在變阻器Ro的滑動端向下滑動的過程中()A.電壓表與電流表的示數都減小B.電壓表的示數減小，電流表的示數增大C.電阻R1消耗的電功率增大D.電源內阻消耗的功率減小10、兩個完全相同的金屬小球，半徑遠小于兩小球之間距離，帶電量之比為1∶7，相距為r，兩者之間的引力為F，相互接觸后再放回原來的位置上，則相互作用力為原來的（）A.3/7 B.4/7C.9/7 D.16/7三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，用螺旋測微器測量金屬絲直徑，用米尺測出金屬絲的長度L，用伏安法測出金屬絲的電阻Rx，然后根據電阻定律計算出該金屬材料的電阻率。(1)測量金屬絲直徑時螺旋測微器刻度如圖所示，讀數D=_________mm。(2)按照下圖實物連接好電路，閉合開關，調節滑動變阻器，讀出多組電壓表與電流表示數U、I，處理數據得到金屬絲的電阻Rx。請依據實物圖在方框內畫出電路原理圖_________。(3)用圖中的電路測量金屬絲的電阻比真實值_________（填“偏大”或“偏小”）。(4)該金屬絲電阻率的表達式為ρ=_________（用題中所給物理量的字母表示）。12．（12分）自然界中只存在兩種電荷，用絲綢摩擦過的玻璃棒帶______，用毛皮摩擦過的硬橡膠棒帶______。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當線框移動距離x在a～2a范圍，線框穿過兩磁場分界線時，BC、AC邊在右側磁場中切割磁感線，有效切割長度逐漸增大，產生的感應電動勢E1增大，AC邊在左側磁場中切割磁感線，產生的感應電動勢E2不變，兩個電動勢串聯，總電動勢E=E1+E2增大，故A錯誤；當線框移動距離x在0～a范圍，線框穿過左側磁場時，根據楞次定律，感應電流方向為逆時針，為正值，故B錯誤；當線框移動距離x在2a～3a范圍，線框穿過左側磁場時，根據楞次定律，感應電流方向為逆時針，為正值，故C正確，D錯誤．所以C正確，ABD錯誤2、B【解析】AB．人對體重計的壓力和體重計對人的支持力是人與體重計間的相互作用力，故A錯誤，B正確；CD．人所受的重力和人對體重計的壓力方向相同，既不是相互作用力，也不是平衡力，故C錯誤，D錯誤；故選B。3、D【解析】A．升空火箭，受到推力作用，不僅受重力作用，故A錯誤；B．樹上落下的果實，速度方向不是水平方向，故B錯誤；C．投向籃筐的籃球，速度方向不是水平方向，故C錯誤；D．水平飛行的飛機釋放的物體，由于重力遠大于空氣阻力，可近似看成平拋運動，故D正確。故選D。4、A【解析】根據安培定則可知，導線I2的磁感線是同心圓，方向如圖。因此對AB左半段，可以用左手定則判斷A端受到向外的力；同理也可以分析出B端受向里的力。從而使得A端轉向紙外，B端轉向紙里；AB轉動后電流的方向也向里，所以兩個電流之間相互吸引，所以AB對彈簧秤的拉力將增大，則彈簧秤的示數增大。A.A向外、B向里轉動，彈簧秤的讀數增大，與分析相符，故A正確；B.A向里、B向外轉動，彈簧秤的讀數減小，與分析不符，故B錯誤；C.A向里、B向外轉動，彈簧秤的讀數增大，與分析不符，故C錯誤；D.A向外、B向里轉動，彈簧秤的讀數減小，與分析不符，故D錯誤；故選：A。5、B【解析】靜電計測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大；由，分析電容的變化，根據分析電壓U的變化【詳解】A項：將M板向下平移，正對面積S減小，根據，電容減小；Q一定，根據，電壓增加；故靜電計指針張角變大；故A錯誤；B項：將M板向上平移正對面積S減小，根據，電容減小；Q一定，根據電壓增加；故靜電計指針張角變大；故B正確；C項：將M板沿水平向左方向遠離N板，距離d增大，根據電容減小；Q一定，根據電壓增加；故靜電計指針張角變大；故C錯誤；D項：在M、N之間插入云母板（介電常數大于1），根據電容變大；Q一定，根據，電壓減小；故靜電計指針張角變小，故D錯誤故選B【點睛】本題是電容動態變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是關于電容的兩個公式6、A【解析】在平行板電容器兩極板間插入電介質，根據電容的決定式C=，可知電容C增大，因切斷電源，則兩極板所帶電荷量Q一定，由電容的定義式C=Q/U得知，U減小，所以靜電計指針偏角減小，根據E=U/d知電場強度E減小，故A正確，BCD錯誤；故選A.【點睛】本題的解題關鍵是要掌握電容的決定式C=和電容的定義式C=Q/U，并抓住電容器的電量不變進行分析二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A.物體沿斜面下滑時彈力方向與物體位移方向垂直，斜面對物體的彈力不做功，故選項A符合題意；B.斜面對物體的彈力的沖量：所以斜面對物體的彈力的沖量不為零，故選項B不符合題意；C.由動能定理可知，物體動能的增量等于合外力的功，等于重力對物體所做的功，故選項C符合題意；D.根據動量定理可知物體動量的增量等于合外力的沖量，不等于重力的沖量，故選項D不符合題意8、AD【解析】橡膠圓盤M由靜止開始繞其軸線OO′按箭頭所示方向加速轉動，形成環形電流，環形電流的大小增大；橡膠圓盤在其外側面均勻地帶有負電荷，電流方向與轉動方向相反，根據右手螺旋定則知，通過鋁環N的磁通量向下且增大；根據楞次定律的另一種表述，感應電流引起的效果阻礙磁通量的增大，知鋁環的面積有縮小的趨勢，且鋁環有向上的運動趨勢(受到M的作用力向上)，所以絲線的拉力減小．根據牛頓第三定律可知，鋁環N對橡膠圓盤M的作用力方向豎直向下．故選項A、D正確，選項B、C錯誤9、AC【解析】當變阻器Ro的滑動端向下滑動時，R0的阻值變小，故它與R2并聯的總電阻變小，再與R1串聯的總電阻也會變小，即外電器的電阻變小，所以路端電壓的示數變小，即電壓表的示數變小，由于電路的總電阻減小，所以電路中的電流會變大，所以R1兩端的電壓也隨之變大，故R0與R2并聯的兩端電壓一定變小，則電流表的示數會變小，選項A正確，B錯誤；由于電路中的電流增大，故電阻R1消耗的電功率增大，選項C正確；電源內阻消耗的電功率也增大，選項D錯誤．考點：電路的動態分析．【名師點晴】通過電路中外電阻的變化，由歐姆定律，串聯電路的電壓分配規律判斷出其他物理量的變化，從而確定電路中電壓表與電流表示數的變化，再確定電阻的電功率的變化；動態電路關鍵要抓住外電阻的變化，從而確定電路中電流的變化，進而確定其他物理量的變化．10、CD【解析】由庫侖定律可得，兩球接觸前的庫侖力：；當兩球帶同種電荷時，兩球接觸后平分電量，則兩球的電量：兩球接觸后的庫侖力；當兩球帶異種電荷時，兩球接觸后平分電量，則兩球的電量；兩球接觸后的庫侖力，故CD正確，AB錯誤．故選CD點睛：兩相同小球相互接觸再分開，則電量先中和然后再平分總電荷量；庫侖定律計算中可以只代入電量，最后再根據電性判斷庫侖力的方向三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1).0.680(2).(3).偏小(4).或者【解析】(1)[1]．由圖示螺旋測微器可知，其示數為：0.5mm+18.0×0.01mm=0.680mm；(2)[2]．電流表采用外接法，滑動變阻器為分壓接法，如圖。(3)[3]．由于電壓表的分流，測得的電流比流過Rx的電流大，根據知電阻測量值偏小。(4)[4]．由電阻定律可知其中，所以電阻率12、(1).正電(2).負電【解析】[1][2]．自然界中只存在兩種電荷，用絲綢摩