2024屆廣東省梅州市蕉嶺中學物理高二上期末調研試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、矩形線圈在勻強磁場中勻速轉動產生的電動勢如圖，則()A.t1時刻線圈中磁通量為零B.t2時刻線圈通過中性面C.t3時刻線圈中電流方向改變D.t4時刻線圈中磁通量變化率最小2、如圖所示，PQ為某電場中的一條電場線，下列說法正確的是（）A.該電場一定是勻強電場B.該電場一定是點電荷產生的電場C.P點的電場強度一定比Q點的大D.正電荷在P點受到的電場力方向沿著電場線方向3、如圖所示，Q帶負電荷，導體P在a處接地，下列說法中正確的是（）A.P的a端不帶電荷，b端帶負電荷B.P的a端帶正電荷，b端不帶電C.P的a端帶正電荷，b端帶負電荷，且正、負電荷的電荷量相等D.導體P的a端帶正電荷，b端帶負電荷，正電荷的電荷量大于負電荷的電荷量4、如圖所示，直線A為電源的U—I圖線，直線B為電阻R的U—I圖線，用該電源和電阻組成閉合電路時，電源的輸出功率和電路的總功率分別是（）A.4W，8W B.2W，4WC.4W，6W D.2W，3W5、在一端封閉、長約1m的玻璃管內注滿水，水中放一個紅蠟做的小圓柱體R。將玻璃管的開口端用橡膠塞塞緊（如圖甲），再將玻璃管倒置（如圖乙），蠟塊R沿玻璃管勻速上升。若將玻璃管倒置后沿水平方向向右勻加速移動，則蠟塊R的運動軌跡可能是下列選項中的（）A. B.C. D.6、長為L的均勻金屬絲總電阻為R，彎成如圖所示的圓形閉合導線環，A、B、C、D四點將圓環等分。將A、C兩點接入電壓恒為U的電源上時，圓環消耗的功率為P。若將A、B兩點接入同樣的電源上時，圓環消耗的功率為A. B.C. D.2P二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質D形合D1、D2構成，其間留有空隙，下列說法正確的是A.離子由加速器的中心附近進入加速器B.離子由加速器的邊緣進入加速器C.離子從磁場中獲得能量D.離子從電場中獲得能量8、如圖所示的閉合電路中，兩只理想電壓表V1、V2從示數分別為U1和U2，理想電流表示數為I，在滑片P從b滑向a的過程中，V1、V2示數變化量的絕對值分別為△U1和△U2，電流表示數變化量的絕對值為△I，則以下正確的是（）A.U1和U2變小，I變大B.△U1>△U2C.變小，不變D.變小，不變9、如圖所示，實線是勻強電場的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點。若帶電粒子在運動中只受電場力作用，則由此圖可作出的正確判斷是（）A.帶電粒子帶負電B.帶電粒子帶正電C.帶電粒子所受電場力的方向向右D.帶電粒子做勻變速運動10、兩根足夠長的光滑導軌豎直放置，間距為L，底端接阻值為R的電阻．將質量為m的金屬棒懸掛在一個固定的輕彈簧下端，金屬棒和導軌接觸良好，導軌所在平面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直，如圖所示．除電阻R外其余電阻不計．現將金屬棒從彈簧原長位置由靜止釋放，則A.釋放瞬間金屬棒的加速度等于重力加速度gB.金屬棒向下運動時，流過電阻R的電流方向為a→bC.金屬棒的速度為v時，所受的按培力大小為F=D.電阻R上產生的總熱量等于金屬棒重力勢能的減少三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，理想變壓器的原．副線圈匝數之比為n1：n2＝4：1，原線圈回路中的電阻A與副線圈回路中的負載電阻B的阻值相等．a、b端加一交流電壓后，兩電阻消耗的電功率之比PA：PB＝____；兩電阻兩端的電壓之比UA：UB＝__12．（12分）利用單擺測當地重力加速度的實驗中：（1）某同學測量數據如下表：L/m0.4000.5000.6000.8001.200T2/s21.602.102.403.204.80請在圖中畫出L－T2圖像______，并由圖像求得重力加速度g＝______m/s2．（保留三位有效數字）（2）某同學測得的重力加速度值比當地標準值偏大，其原因可能有______A．振幅過小B．擺球質量過大C．擺動次數多記了一次D．將擺長當成了擺線長和球直徑之和四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A、t1時刻感應電動勢為零，磁通量最大．故A錯誤B、t2時刻感應電動勢最大，線圈平面與中性面垂直．故B錯誤C、t3時刻線圈通過中性面，線圈中電流方向改變．故C正確D、t4時刻線圈中感應電動勢最大，磁通量變化率最大．故D錯誤故選C2、D【解析】ABC.僅由這一根電場線無法判斷是什么電場，不知電場線的疏密，電場的強弱也無法判斷，所以ABC錯誤；D.正電荷受到的電場力方向沿著電場線方向，D正確3、B【解析】金屬導體P接地時與大地組成一個新的導體，a為新導體的靠近Q的一端，而大地是遠離Q的一端，由于靜電感應的作用，靠近Q的一端會帶上與Q相反的電荷，即帶上正電荷．接地的過程應是b端感應出來的負電荷被導到大地上，所以b端不帶電．故B正確，考點：考查了靜電感應現象4、C【解析】圖像的交點即為工作點，所以輸出功率為電源的總功率為故選C。5、D【解析】蠟塊豎直方向的速度不變，水平方向的速度增大，故其合速度方向不斷變化，做曲線運動。蠟塊R沿玻璃管勻速上升，說明其在豎直方向合力為零。同時向右勻加速運動，說明在水平方向的合力向右，故其合力水平向右。做曲線運動的物體受到的合力指向曲線的內側，可知D正確，ABC錯誤。故選D。6、A【解析】設金屬環每一等分的電阻為R，則當A、C點接入電路中時總電阻：R1=R；當AB點接入電路中時總電阻由功率公式P=得到：P2：P1=R1：R2=4：3，又P1=P得到P2=P故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】據回旋加速器的工作原理知，粒子由回旋加速器的中心附近進入加速器，且在電場中加速，通過磁場回旋，所以從電場中獲得能量，故選AD【點睛】回旋加速器的工作原理是利用電場加速，磁場偏轉，且二者的周期相同，被加速離子由加速器的中心附近進入加速器，而從邊緣離開加速器；洛倫茲力并不做功，而電場力對帶電離子做功，即可加速正電荷也可加速負電荷8、BC【解析】路結構，在滑片P從b滑向a的過程中，滑動變阻器的阻值減小，總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律可知，干路電流增大，則電流表示數I變大，流過電阻R的電流增大，則兩端電壓增大，故電壓表V2的示數U2變大，電路的內電壓增大，路端電壓減小，滑動變阻器兩端的電壓減小，故電壓表V1的示數U1變小，故A錯誤；B．根據歐姆定律可知，將定值電阻R看作內阻，根據閉合電路歐姆定律可知其中r為電源內阻，分析可知，△U1>△U2，故B正確；CD．根據以上分析可知，在滑片P從b滑向a的過程中，滑動變阻器的阻值減小，變小，不變，不變，不變，故C正確，D錯誤。故選：BC。9、AD【解析】根據軌跡的彎曲得出電場力的方向，從而得出帶電粒子的電性。根據粒子的受力確定粒子的運動情況。【詳解】ABC．因為軌跡的凹向大致指向合力的方向，知粒子所受電場力方向水平向左，則粒子帶負電。故A正確，BC錯誤；D．粒子僅受電場力，做勻變速曲線運動，故D正確。故選AD。【點睛】解決本題的關鍵知道軌跡的凹向大致指向合力的方向，這是解決本題的關鍵，知道正電荷所受電場力方向與電場強度方向相同，負電荷所受電場力方向與電場強度方向相反。10、AC【解析】A、金屬棒剛釋放時，彈簧處于原長，彈力為零，又因此時速度為零，沒有感應電流，金屬棒不受安培力作用，金屬棒只受到重力作用，其加速度應等于重力加速度，故A正確；B、金屬棒向下運動時，由右手定則可知，在金屬棒上電流方向向右，流過電阻R的電流方向為，故B錯誤；C、金屬棒速度為時，安培力大小為，，由以上兩式得：，故C正確；D、金屬棒下落過程中，由能量守恒定律知，金屬棒減少的重力勢能轉化為彈簧的彈性勢能、金屬棒的動能（速度不為零時）以及電阻R上產生的熱量，故D錯誤【點睛】釋放瞬間金屬棒只受重力，加速度為．金屬棒向下運動時，根據右手定則判斷感應電流的方向．由安培力公式、歐姆定律和感應電動勢公式推導安培力的表達式．金屬棒下落過程中，金屬棒減少的重力勢能轉化為彈簧的彈性勢能、金屬棒的動能（金屬棒速度不是零時）和電阻R產生的內能；本題考查分析、判斷和推導電磁感應現象中導體的加速度、安培力、能量轉化等問題的能力，是一道基礎題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1：16②.1：4【解析】[1]根據變壓器原副線圈電流與匝數成反比得電阻消耗的功率，所以兩電阻消耗的電功率之比[2]電阻兩端的電壓U=IR，所以兩電阻兩端的電壓之比12、①.②.9.86③.CD【解析】（1）[1]根據表中數據作出L－T2圖像如圖所示：[2]根據單擺周期公式：可得：結合圖象的斜率解得：g=9.86m/s2（2）[3]由(1)分析可知：AB．測量重力加速度與振幅和擺球質量均無關，AB錯誤；C．擺動次數多記了一次，即T偏小，故g偏大，C正確；D．將擺長當成了擺線長和球直徑之和，則L偏大，故g偏大，D正確。故選CD。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當R0=1Ω時，根據閉合電路的歐姆定律求解電流強度，由平衡條件求解磁感應強度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時安培力的方向沿斜面向上，根據牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當R0＝1Ω時，根據閉合電路的歐姆定律可得根據左手定則可知安培力方向水平向右；由平衡條件有：BILcosθ＝mgsinθ解得B＝2T；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時安培力的方向沿斜面向上，大小不變；根據牛頓第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma解得：