2023年河南省濮陽市高二物理第一學期期末達標測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于力學單位制下列說法正確的是（）A.kg、m/s、N是導出單位B.kg、s、J是基本單位C.只有在國際單位制中，牛頓第二定律表達式才是F=maD.在國際單位制中，質量的基本單位是kg，也可以是g2、下列物理量中屬于矢量的是（）A.磁通量 B.電動勢C.電流 D.磁感應強度3、某興趣小組同學制作出一個可以測量電流的儀器，其主要原理如圖所示，銅棒左右兩側的中點分別固定相同彈簧，銅棒所在的虛線范圍內有垂直于紙面的勻強磁場，兩彈簧為原長時，指針指向0刻度。在測量一個自上而下電流時指針在0刻度左邊靜止。由題中所給條件，判斷正確的是（）A.可知磁場的方向垂直于紙面向外B.僅改變磁場方向，指針將在0刻度左邊靜止C.僅改變電流的方向，指針將在0刻度左邊靜止D.同時改變磁場和電流的方向，指針仍在0刻度右邊靜止4、關于電磁感應，下列說法中正確的是A.穿過線圈的磁通量越大，感應電動勢越大B.穿過線圈的磁通量為零，感應電動勢一定為零C.穿過線圈的磁通量的變化越大，感應電動勢越大D.通過線圈的磁通量變化越快，感應電動勢越大5、如圖所示，電阻R=20Ω，電動機的內電阻r=5Ω，電路兩端的電壓U保持不變．開關斷開時，電流表的示數為I1，電路消耗的總功率為P1；開關閉合后，電動機正常工作，電流表的示數為I2，電路消耗的總功率為P2．則A.I2<5I1 B.I2=5I1C.P2>5P1 D.P2=5P16、如圖所示，在虛線所圍的圓形區域內有方向垂直圓面向里的勻強磁場，從邊緣A點處有一束速率各不相同的質子沿半徑方向射入磁場區域，這些質子在磁場中運動的過程中，下面的說法中正確的是()A.運動時間越長的，其軌跡也越長B.運動時間越長的，其軌跡所對的圓心角也越小C.運動時間越長的，射出磁場時的速率也越大D.運動時間越長的，射出磁場時速度方向偏轉也越大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為遠距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器．升壓變壓器T1的原、副線圈匝數之比為n1：n2＝1：10．在T1的原線圈兩端接入一正弦交流電，輸電線的總電阻為2r＝2Ω，降壓變壓器T2的原、副線圈數之比為n3：n4＝10：1，若T2的“用電設備”兩端的電壓為U4＝200V且“用電設備”消耗的電功率為10kW，不考慮其它因素的影響，則（）A.T1的副線圈兩端電壓的最大值為2010VB.T2的原線圈兩端的電壓為2000VC.輸電線上損失的電功率為100WD.T1原線圈輸入的電功率為10.1kW8、帶電量相同，質量不同的粒子從容器A下方的小孔S1飄入電勢差為U的加速電場，其初速度幾乎為零．然后經過S3沿著磁場垂直的方向進入磁感應強度為B的勻強磁場中，最后打在照相底片D上，如圖所示．運動過程中粒子之間的相互作用忽略不計，下列說法正確的是（）A.這些粒子經過S3時的動能相同B.這些粒子經過S3時的速率相同C.這些粒子在磁場中運動軌跡圓半徑與質量成正比D.這些粒子在磁場中運動的時間與質量成正比9、關于電磁感應，下列說法中正確的是（）A.導體做切割磁感線運動，導體內一定會產生感應電流B.當穿過閉合電路的磁通量發生變化時，閉合電路中一定有感應電流C.閉合電路在磁場中做切割磁感線運動，電路中一定會產生感應電流D.穿過同一閉合電路的磁通量變化越快，電路中產生的感應電流強度一定越大10、某電場的部分電場線如圖中實線所示，AB是一帶電粒子僅在電場力作用下運動軌跡（圖中虛線）上的兩點，下列說法中正確的是（）A.粒子一定是從B點向A點運動B.電場中A點的電勢低于B點的電勢C.粒子在A點的電勢能小于它在B點的電勢能D.粒子在A點的加速度小于它在B點的加速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）自然界中只存在兩種電荷，用絲綢摩擦過的玻璃棒帶______，用毛皮摩擦過的硬橡膠棒帶______。12．（12分）如圖甲所示，某實驗小組使用多用電表判斷二極管的極性（1）測量前應將多用電表的選擇開關旋至_____（選填“交流電壓擋”“直流電壓擋”“電流擋”或“歐姆擋”）；（2）兩次測量指針偏轉分別如圖乙、丙所示，指針如圖乙所示時，紅表筆接的是二極管的______（選填“正”或“負”）極；指針如圖丙所示時，二極管的負極與_____（選填“紅”或“黑”）表筆相連四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A.kg是質量的單位它是基本單位，故A錯誤；B.三個力學基本物理量分別是長度、質量、時間，它們的單位分別為m、kg、s，J是能量的單位，不是基本單位。故B錯誤；C.牛頓第二定律的表達式F＝ma，是在其中的物理量都取國際單位制中的單位時得出的，故C正確；D.g也是質量的單位，但它不是質量在國際單位制中的基本單位，故D錯誤；故選：C；2、D【解析】ABC．磁通量、電動勢是只有大小沒有方向的標量，電流有大小，有方向，但電流運算時不遵守矢量運算法則，也是標量，ABC錯誤；D．磁感應強度是矢量，D正確。故選D。3、A【解析】A．電流向下時，指針在0刻線左側，彈力向右，則說明電流受安培力向左，由左手定則知，磁場垂直于紙面向外，故A正確；BC．僅磁場改變或僅改變電流方向，由左手定則可知受力向右，則彈力向左，指針將在右側靜止，故BC錯誤；D．同時改變磁場和電流的方向，安培力方向仍向左，故指針仍在0刻度左邊靜止，故D錯誤。故選A。4、D【解析】A．由公式可知，穿過線圈的磁通量越大，線圈的磁通量變化率不一定大，感應電動勢不一定越大，故A錯誤；B．由公式可知，穿過線圈的磁通量為零，若線圈的磁通量變化率不為零，則感應電動勢就不為零，故B錯誤；C．由公式可知，穿過線圈的磁通量變化越大，線圈的磁通量變化率不一定大，感應電動勢不一定越大，故C錯誤；D．穿過線圈的磁通量變化越快，磁通量的變化率越大，由法拉第電磁感應定律得知，感應電動勢越大，故D正確。5、A【解析】當電鍵S斷開時，由歐姆定律求出電阻R的電壓U；當電鍵S閉合后，通過R的電流仍為I1，電動機的電路是非純電阻電路，由I2＜U/r求出其電流的范圍，即得到電流表電流的范圍．由P=UI求解電路中功率范圍【詳解】當電鍵S斷開時，由歐姆定律得，P1=I1U．U=20I1；當電鍵S閉合后，通過R的電流仍為I1，電動機轉動，電動機的電流，故電流表的電流I2＜5I1，電路消耗的電功率P=UI2＜5I1U=5P1．故A正確，BCD錯誤．故選A【點睛】本題要抓住非純電阻電路與純電阻電路的區別，電動機正常工作時，其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立，I2＜U/r是關鍵不等式6、D【解析】設磁場區域半徑為R，軌跡的圓心角為α，則粒子在磁場中運動時間為t=，圓心角α越大，時間越長．根據幾何知識得到軌跡半徑r與R的關系，就能得到軌跡長度與時間的關系．帶電粒子在磁場中偏轉角等于軌跡的圓心角【詳解】BCD、設磁場區域半徑為R，軌跡圓心角為α粒子在磁場中運動的時間為t=，而軌跡半徑r=Rcot，而r=，粒子速度v越大的，r越大，偏轉角α越小，則t越短，故B錯誤，C錯誤，D正確；A.由以上分析可知，速度越大，軌跡半徑越大，在磁場中的運動軌跡所對的圓心角就越小，軌跡越長，故A錯誤故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】根據降壓變壓器的輸出電壓，結合匝數比求出輸入電壓，從而得出輸電線電流，根據輸電線的電阻得出損失的功率，根據電壓損失得出升壓變壓器的輸出功率【詳解】T2副線圈電流，設輸電線中的電流為I3．則比得，則有I3＝5A，設T2原線圈兩端的電壓為U3．則，即得U3＝2000V，輸電線上的損失電壓為U損＝I3?2r＝5×2＝10V，T1的副線圈兩端電壓U2＝U損+U3＝10+2000＝2010V，所以T1的副線圈兩端電壓的最大值為2010V，故AB正確；輸電線上損失的功率P損＝I32?2r＝52×2＝50W，故C錯誤；T1的原線圈輸入的電功率為P1＝10kW+50W＝10.05kW，故D錯誤．所以AB正確，CD錯誤【點睛】解決本題的關鍵要知道：1、輸送功率與輸送電壓、電流的關系；2、變壓器原副線圈的電壓比與匝數比的關系；3、升壓變壓器輸出電壓、降壓變壓器輸入電壓、電壓損失的關系；4、升壓變壓器的輸出功率、功率損失、降壓變壓器的輸入功率關系8、AD【解析】AB、根據動能定理得：動能相同，解得：，電量相同，所以質量相同的粒子具有相同速率，故A正確、B錯誤；CD、粒子在磁場中運動的軌道半徑為：，半徑與成正比；運動時間，與質量成正比，故C錯誤，D正確9、BD【解析】本題考查產生感應電流的條件。【詳解】A．當導體做切割磁感線運動，導體一定會產生感應電動勢，若沒有形成閉合回路，就沒有電流，A錯誤；B．根據法拉第電磁感應定律：只要穿過閉合導體回路的磁通量發生變化，回路中就一定有感應電流產生，B正確；C．如果整個回路都在磁場中做切割磁感線運動，這時穿過回路的磁通量沒有發生變化，回路中就沒有感應電流產生，C錯誤；D．根據感應電動勢可知，磁通量變化越快，感應電動勢越大，而同一回路電阻不變，因此感應電流一定越大，D正確。故選BD。10、BC【解析】A．帶電粒子僅在電場力作用下運動，帶電粒子受電場力向右指向其軌跡的內側，粒子可能是從B點向A點運動，也有可能是從A點向B點運動的，A錯誤；B．沿電場線方向電勢降低，所以電場中A點的電勢低于B點的電勢，B正確；C．帶電粒子受電場力向右指向其軌跡的內側，假設由A點運動到B點過程中，電場力與軌跡上每一點的切線方向也就是速度方向成鈍角，所以電場力做負功，電勢能增大，動能減小，所以粒子在A點的動能大于它在B點的動能，粒子在A點的電勢能小于它在B點的電勢能，反之一樣，C正確；D．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，粒子在A點時受到的電場力大，則粒子在A點的加速度大于它在B點的加速度，D錯誤。故選BC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1).正電(2).負電【解析】[1][2]．自然界中只存在兩種電荷，用絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電，用毛皮摩擦過的硬橡膠棒帶負電。12、①.歐姆擋②.負③.黑【解析】(1)根據二極管具有單向導通性（即正向電壓時電阻很小，反向電壓時電阻很大）可知，可利用歐姆檔來判斷二極管的極性；(2)指針如圖乙所示時，由圖可知，二極管電阻很小，說明二極管兩端加的正向電壓，根據多用電表作歐姆表用時的電流為“紅進黑出”可知，紅表筆接的是二極管的負極，同理可分析得，指針如圖丙所示時，二極管的負極