遼寧省大連海灣高級中學物理高一第一學期期末經典試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、建筑工人用圖示的定滑輪裝置運送建筑材料．質量為70.0kg的工人站在地面上，通過定滑輪將20.0kg的建筑材料以0．500m／s2的加速度拉升，忽略繩子和定滑輪的質量及定滑輪的摩擦，則工人對地面的壓力大小為(g取10m／s2．)A.510N B.490NC.890N D.910N2、如圖所示，物塊1、2間用剛性輕質桿連接，物塊3、4間用輕質彈簧相連，物塊1、3質量為m，2、4質量為M，兩個系統均置于水平放置的光滑木板上，并處于靜止狀態?，F將兩木板沿水平方向突然抽出，設抽出后的瞬間，物塊1、2、3、4的加速度大小分別為a1、a2、a3、a4.重力加速度大小為g，則有()A.a1＝a2＝a3＝a4＝0B.a1＝a2＝a3＝a4＝gC.a1＝a2＝g，a3＝0，a4＝gD.a1＝g，a2＝g，a3＝0，a4＝g3、皮球從3m高處豎直落下，被地板豎直彈回，在距地面1m高處被接住，則此過程中皮球通過的路程和位移的大小分別為（）A.4m、4m B.4m、2mC.3m、2m D.3m、1m4、請根據所學曲線運動的相關知識判斷，下列說法不正確的是（）A.曲線運動是變速運動B.做曲線運動的物體在某位置速度的方向是曲線在該點的切線方向C.當物體所受合力的方向與它的速度方向不在同一直線上時，物體做曲線運動D.加速度方向與速度方向在一條直線時，物體也可以做曲線運動5、小蔡駕駛的某轎車在某一段時間內作勻加速直線運動，其初速度為，加速度為，則（）A.該汽車位移與時間的關系式是B.該汽車速度與時間的關系式是C.2s內汽車的位移為14mD.4s時汽車速度為6、如圖所示，小球從高處下落到正下方豎直放置的輕彈簧上，那么小球從接觸彈簧開始到將彈簧壓縮到最短的過程中（彈簧一直保持豎直），下列說法中正確的是A.小球的速度一直在減小B.小球受到的彈力一直在增大C.小球的加速度先減小后增大D.小球在最低點受到的合外力為零7、甲、乙兩個質點同時同地向同一方向做直線運動，甲做勻速運動，乙在前一秒內做勻加速運動，之后做變加速運動，它們的v-t圖象如圖所示，則下列說法中正確的是（）A.1s前甲在前，1s后乙在前B.兩質點相遇時距出發點40mC.前4s時間內乙的平均速度大于甲的平均速度D.前4s時間內質點之間的最大距離可能是11m8、將一個質量為1kg的小球豎直向上拋出，最終回到拋出點，運動過程中所受的阻力大小恒定，方向與運動方向相反，該過程的v-t圖像如圖所示，g取10m/s2，下列說法正確的是（）A.小球所受重力和阻力大小之比為5：1B.小球上升過程與下落過程所用時間之比為2：C.小球落回到拋出點時的速度大小為2m/sD.小球下落過程中，受到向上的空氣阻力，處于超重狀態9、汽車以10m/s的速度在公路上勻速行駛，駕駛員發現正前方15m處的斑馬線上有行人，于是剎車禮讓，汽車恰好停止在斑馬線前，假設駕駛員反應時間為0.5s，汽車運動的v-t圖如圖所示．下列說法正確的是A.汽車在駕駛員反應時間內發生位移大小為5mB.汽車剎車所受合外力方向與加速度方向相反C.汽車減速的加速度大小為4m/s2D.從駕駛員發現行人到汽車停止共需2.5s10、由運動質點a、b、c、d的圖像可知A.時刻a、b兩質點相遇B.時刻c、d兩質點共速C.從到時間內，b和d兩個質點的速率先減小后增大D.從到時間內，a、b兩質點平均速度相同，c、d兩質點平均速度相同二、實驗題11、（4分）在做研究平拋運動的實驗時，讓小球多次沿同一軌道運動，通過描點法畫出小球平拋運動的軌跡（1）為了能較準確地描繪運動軌跡，下面列出一些操作要求，將你認為正確選項的前面字母填在橫線上：____________________（a）通過調節使斜槽的末端保持水平（b）每次釋放小球位置必須不同（c）每次必須由靜止釋放小球（d）記錄小球位置用的木條（或凹槽）每次必須嚴格地等距離下降（e）小球運動時不應與木板上的白紙（或復寫紙）相接觸（f）將球的位置記錄在紙上后，取下紙，用直尺將點連成折線（2）一個同學在實驗中，只畫出了如圖所示的一部分曲線，于是他在曲線上取水平距離相等的三點A、B、C，量得=0.2m．又量出它們之間的豎直距離分別為h1=0.1m，h2=0.2m，利用這些數據，可求得：①物體拋出時的初速度為_________m/s；②物體經過B時豎直分速度為________m/s；③拋出點在A點上方高度為__________m處12、（10分）如圖，重為G的光滑小球靜止在如圖所示位置，試作出小球的受力示意圖三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）汽車以v0=10m/s的速度在水平路面上勻速運動，剎車2s后它的速度降為6m/s。求：(1)剎車過程中的加速度；(2)剎車后經多長時間汽車停下；(3)汽車從剎車開始到停下所發生的位移14、（14分）如圖所示，從高為H的A點平拋一物體，其水平射程為2s；在A點正上方高為2H的B點同方向平拋另一物體，其水平射程為s,兩物體在空中的運行軌道在同一豎直面內，且都從同一個屏M的頂端擦過，求屏M的高度.15、（13分）2019年9月26日安慶市政府工作會議審議通過了新安慶西高鐵站建筑方案，即將啟動新安慶西站的建設工程。假設高鐵列車駛入新安慶西站前剎車做勻變速直線運動，以剎車開始時為計時起點，其位移與時間的關系是x=36t-0.2t2，試求：高鐵列車從剎車到停止所需的時間。

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】對建筑材料進行受力分析根據牛頓第二定律有,得繩子的拉力大小等于F=210N,然后再對人受力分析由平衡的知識得,得FN=490N,根據牛頓第三定律可知人對地面間的壓力為490N，B對.2、C【解析】在抽出木板的瞬間，物塊1、2與剛性輕桿接觸處的形變立即消失，受到的合力均等于各自重力，所以由牛頓第二定律知a1＝a2＝g；而物塊3、4間的輕彈簧的形變還來不及改變，此時彈簧對3向上的彈力大小和對物塊4向下的彈力大小仍為mg，因此物塊3滿足mg＝F彈則a3＝0由牛頓第二定律得物塊4滿足a4＝＝g綜上所述，ABD錯誤，C正確。故選C。3、B【解析】皮球從3m高處落下到地板時，通過的路程是3m，被地板彈回，在離地板1m高處被接住，通過的路程是1m，所以球通過的總路程是4m，起點到終點的線段長度是2m，即位移大小為2m故選B。4、D【解析】A．由于曲線運動的方向為曲線的切線方向即時刻變化，所以曲線運動一定是變速運動，故A正確；B．由曲線運動的特點可知，做曲線運動的物體在某位置速度的方向是曲線在該點的切線方向，故B正確；C．根據曲線運動的條件可知，當物體所受合力的方向與它的速度方向不在同一直線上時，物體做曲線運動，故C正確；D．加速度方向與速度方向在一條直線時，物體做直線運動，故D錯誤。本題選不正確的，故選D。5、A【解析】AB．汽車位移與時間的關系式故A正確，B錯誤；C．2s內汽車的位移s=10t+2t2=10×2+2×4m=28m。故C錯誤；D．根據速度時間公式得，4s時的速度v=v0+at=10+4×4m/s=26m/s。故D錯誤；故選A。6、BC【解析】下落過程中正確對小球進行受力分析，然后根據牛頓第二定律即可判斷其加速度的變化情況，然后進一步判斷速度變化情況【詳解】小球開始下落時，只受重力作用做加速運動，當和彈簧接觸時，受到彈簧彈力作用，開始時彈簧壓縮量小，因此重力大于彈力，此時：mg-kx=ma，隨著彈簧壓縮量的增加，彈力增大，加速度減小，但是物體仍加速運動，當mg=kx時，速度最大，然后彈簧繼續被壓縮，當mg=kx時，加速度等于零，速度最大，物體繼續向下運動，彈簧繼續被壓縮，彈力大于重力，物體開始減速運動，所以整個過程中物體先加速后減速運動，加速度先減小，后增大；速度先增大后減?。还蔄錯誤，C正確．彈簧的壓縮量不斷變大，故彈簧的彈力不斷變大，故B正確；小球在最低點的加速度不為零，則受到的合外力不為零，選項D錯誤；故選BC.【點睛】對于彈簧問題要動態分析，分析清楚彈力變化情況，然后根據加速度和速度方向關系判斷加速還是減速7、CD【解析】在速度時間圖象中，某一點代表此時刻的瞬時速度，圖象的斜率表示加速度，圖象與坐標軸圍成面積代表位移，平均速度等于位移除以時間．速度相等時兩質點間的距離最大．結合幾何知識分析【詳解】A項：1s前甲的速度比乙的大，則甲在前．由圖象可知，1s末兩質點速度相等，但是沒有相遇，所以1s后一段時間內，甲仍在乙的前面，故A錯誤；B項：由圖象可知，4s末甲離出發點40米，而乙離出發點大于40m，此時兩者沒有相遇，故B錯誤；C項：前4s時間內乙的位移大于甲的位移，時間相同，所以前4s時間內乙的平均速度大于甲的平均速度，故C正確；D項：在兩質點相遇前，1s末兩質點之間的距離為5m，但是4s內不是1s末兩者相距最遠，而是4s末兩者相距最遠，故最遠距離等于兩質點位移之差，根據“面積法”知，最大距離大于，可能為11m，故D正確故選CD【點睛】本題是速度-時間圖象的應用，關鍵要知道在速度-時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積表示位移，通過面積法分析最大距離8、AB【解析】A．由速度—時間圖線可知，小球上升的加速度大小為a1=m/s2=12m/s2根據牛頓第二定律得mg+f=ma1解得阻力為f=ma1-mg=12-10N=2N則重力和阻力大小之比為mg：f=5：1故A正確；B．根據牛頓第二定律得，小球下降的加速度為根據x=at2得因為加速度之比為則上升和下降的時間之比為故B正確；C．根據圖像圍成的面積表示位移，可求得小球上升的最大高度為根據得小球落回到拋出點時的速度大小為故C錯誤；D．下落過程中，加速度方向向下，則小球處于失重狀態，故D錯誤。故選AB?！军c睛】本題考查了牛頓第二定律和速度時間圖線的綜合運用，要知道加速度是聯系力學和運動學的橋梁，通過牛頓第二定律和運動學公式求出阻力是解決本題的關鍵。9、AD【解析】A．汽車在駕駛員反應時間內做勻速直線運動，發生位移大小為故A正確；B．根據牛頓第二定律，汽車剎車所受合外力方向與加速度方向相同；故B錯誤；C．汽車剎車做勻減速運動，發生位移大小為由可得汽車減速的加速度大小為，故C錯誤；D．汽車剎車做勻減速運動的時間從駕駛員發現行人道汽車剎車共需2.5s，故D正確；故選AD。10、ABC【解析】A．第一個圖像為位移時間圖像，可知時刻a、b兩質點在同一位置，所以時刻a、b兩質點相遇。故A正確；B．第二個圖像為速度時間圖像，由圖像可知時刻c、d兩質點速度共速。故B正確；C．位移時間圖像上任意點的切線斜率大小表示該點時刻質點的速度大小，所以從到時間內，質點b速率先減小后增大；速度時間圖像，d兩個質點的速率先減小后增大，故C正確；D．從到時間內，由第一個圖像可知：時刻a、b兩質點在同一位置，時刻a、b兩質點也在另一相同位置，所以從到時間內，a、b兩質點平均速度相同。由第二個圖像可知：從到時間內，c、d兩質點通過的位移不同，時間相同，c、d兩質點平均速度不相同，故D錯誤。故選ABC。二、實驗題11、①.(a)(c)(e)②.2m/s③.1.5m/s④.0.0125m【解析】（1）結合實驗原理以及實驗步驟進行分析即可；（2）根據豎直方向運動特點，求出物體運動時間；然后利用水平方向小球勻速運動的特點，根據x=v0t即可求出物體的初速度；勻變速直線運動某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，即AC在豎直方向上的平均速度等于B點的豎直分速度；根據B點豎直方向的速度大小，求出從拋出到B點的時間，從而求出從拋出到A點的時間，然后求出物體拋出點到A點的水平距離；【詳解】（1）為使小球每次以相同的水平速度離開斜槽，讓小球做平拋運動，小球必須沿水平方向從斜槽上飛出，即調節使斜槽的末端保持水平，為使小球拋出時的速度相等，每次應從斜槽的同一位置由靜止釋放小球，同時為減小實驗誤差，小球在運動過程中，不能與方格紙相碰，而記錄小球位置用的木條（或凹槽）每次不一定等距離下降，最后將球的位置記錄在紙上后，取下紙，用平滑的曲線將各點連接成拋物線，故（a）（c）（e）正確，（b）（d）（f）錯誤；（2）①在豎直方向上根據，則物體拋出時的初速度；②經過B點時的豎直分速度：；③拋出點到B點的運動時間：從拋出到運動到A點需要的時間：則拋出點在A點上方高度：【點睛】解決本題的關鍵掌握平拋運動的處理方法，以及勻變速直線運動的