云南省景東一中20182019學年下學期開學考試高二物理1.下列說法中正確的是（）A.因為B=F/IL，所以某處磁感應強度的大小與通電導線的長度有關B.一小磁針放在磁場中的某處，若N極不受磁場力，則該處一定沒有磁場C.一小磁針放在磁場中的某處，若小磁針不轉動，則該處一定沒有磁場D.一小段通電導線放在磁場中的某處，若不受磁場力，則該處一定沒有磁場【答案】B【解析】試題分析：磁感應強度是磁場本身的性質，與放在磁場中的通電導線的長度及電流的大小均無關，故選項A錯誤；一小磁針放在磁場中的某處，若N極不受磁場力，則該處一定沒有磁場，選項B正確；一小磁針放在磁場中的某處，若小磁針不轉動，也可能是小磁針的指向正好是磁場的方向，故不能確定該處一定沒有磁場，選項C錯誤；一小段通電導線放在磁場中的某處，若不受磁場力，可能是電流方向與磁場方向平行的緣故，不能說明該處一定沒有磁場，選項D錯誤；故選B.考點：磁場；磁感應強度【名師點睛】此題考查學生對磁感應強度的理解；要知道磁場的磁場應強度是通過放在磁場中的通電導線所受的最大的安培力與導體長度和電流乘積的比值來量度的，但是磁感應強度和導體的存在是沒有關系的；當導體的方向平行磁場時，導體是不受安培力的.2.如圖所示，兩個共軸的圓筒形金屬電極，外電極接地，其上均勻分布著平行于軸線的四條狹縫a、b、c和d，外筒的外半徑為r.在圓筒之外的足夠大區域中有平行于軸線方向的均勻磁場，磁感應強度的大小為B.在兩極間加上電壓，使兩圓筒之間的區域內有沿半徑向外的電場．一質量為m、帶電量為＋q的粒子，從緊靠內筒且正對狹縫a的S點出發，初速度為零．如果該粒子經過一段時間的運動之后恰好又回到出發點S，設兩電極之間的電壓大小為U，則()A.U＝B2qr22m B.U＝B2qr【答案】A【解析】【詳解】粒子在兩電極間加速，由動能定理得：qU=12mv20，粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=mv2R，粒子從S

由幾何知識可知，粒子從a到d必經過3/4圓周，粒子軌道半徑：R=r，解得：U=qB2r22m3.光滑絕緣水平面上相距為L的點電荷A、B帶電荷量分別為＋4q和－q，如圖所示，今引入第三個點電荷C，使三個點電荷都處于平衡狀態，則C的電荷量和放置的位置是（）A.－q，在A左側距A為L處B.－2q，在A左側距A為處C.＋4q，在B右側距B為L處D.＋2q，在B右側距B為處【答案】C【解析】試題分析：A、B、C三個電荷要平衡，必須三個電荷在一條直線上，外側二個電荷相互排斥，中間電荷吸引外側兩個電荷，所以外側兩個電荷距離大，要平衡中間電荷的拉力，必須外側電荷電量大，中間電荷電量小，所以C必須帶正電，在B的右側．設C所在位置與B的距離為r，則C所在位置與A的距離為L＋r，要能處于平衡狀態，所以A對C的電場力大小等于B對C的電場力大小，設C的電量為Q．則有：，解得：r＝L．對點電荷A，其受力也平衡，則：解得：Q＝4q，即C帶正電，電荷量為4q，在B的右側距B為L處．故選C．考點：庫侖定律；物體的平衡4.如圖所示，水平向右的勻強電場場強為E，垂直紙面向里的水平勻強磁場磁感應強度為B，一帶電量為q的液滴質量為m，在重力、電場力和洛倫茲力作用下做直線運動，下列關于帶電液滴的性質和運動的說法中正確的是（）A.液滴一定帶負電B.液滴可能做勻加速直線運動C.不論液滴帶正電或負電，運動軌跡為同一條直線D.液滴不可能在垂直電場的方向上運動【答案】D【解析】在重力、電場力和洛倫茲力作用下做直線運動，說明洛倫茲力要被抵消，若不能被抵消就不能做直線運動．重力和電場力是恒力，所以洛倫茲力與重力和電場力的合力相平衡時，液滴才能做直線運動，無論液滴帶正電還是負電，液滴沿垂直于重力與電場力的合力方向向上運動即可，A錯誤；重力和電場力是恒力，所以洛倫茲力不發生改變，故液滴一定做勻速直線運動，B錯誤；由A選項分析可知，液滴帶正電或負電時，運動軌跡恰好垂直，不是同一直線，C錯誤；若液滴在垂直電場的方向上運動，則洛倫茲力與電場力在同一直線上，重力不可能被平衡，故液滴不可能在垂直電場的方向上運動，D正確．選D．5.如圖所示的磁場中，有P、Q兩點。下列說法正確的是A.P點的磁感應強度小于Q點的磁感應強度B.P、Q兩點的磁感應強度大小與該點是否有通電導線無關C.同一小段通電直導線在P、Q兩點受到的安培力方向相同，都是P→QD.同一小段通電直導線在P點受到的安培力一定大于在Q點受到的安培力【答案】B【解析】A、磁感線的疏密表示磁場的強弱，由圖象知P點的磁場比Q點的磁場強，A錯誤；B、磁感應強度是由磁場本身決定的，與該點是否有通電導線無關．故B正確；C、根據左手定則，通電直導線受到的安培力的方向與磁場的方向垂直，所以它們受到的安培力的方向不能是P→Q，故C錯誤；D、同一小段通電直導線在在都與磁場的方向垂直的條件下，在P點受到的安培力才能大于在Q點受到的安培力，故D錯誤；故選B.【點睛】解決本題的關鍵掌握磁感線的特點，磁感線上某點的切線方向表示磁場的方向，磁感線的疏密表示磁場的強弱．6.下列物理量全都是矢量的一組是（）A.電場強度電勢 B.電流電容C.電場強度磁感應強度 D.磁感應強度電動勢【答案】C【解析】【詳解】電場強度、磁感應強度都是既有大小又有方向的物理量，是矢量；而電勢、電流、電容和電動勢是標量，故選C.7.如圖，是一個常用的電子元件，關于它的說法正確的是A.這個電子元件名稱叫電阻B.這個電子元件的電容是220法拉C.這個電子元件可容納的電量是50庫侖D.這個電子元件耐壓值為50伏【答案】D【解析】試題分析：由該電子元件的銘牌“50V220μF”，μF是電容的單位，可知，這個電子元件名稱是電容器，其電容是220μF，耐壓值為50V．由Q=CU知，這個電子元件可容納的電量是Q=考點：電容器8.如圖所示，半徑為R的絕緣圓筒內分布著勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向里。一個質量為m、電荷量為q的正離子（不計重力）以某一速度從筒壁上的小孔P進入筒中，速度方向與半徑成＝30°夾角并垂直于磁場方向。不計離子和筒壁通撞時能量和電荷量的損失。若粒子在最短的時間內返回P孔，則離子的速度和最短的時間分別是（）A.2qBB.2qBC.3qBD.3qB【答案】B【解析】離子只與圓筒碰撞一次，經歷的時間最短，軌跡如圖所示：設離子在磁場中的軌跡半徑為r，速度為v，根據向心力公式qv結合圖中的幾何關系可得r=2R②解得離子的速率v=2R離子在磁場中走過的每段圓弧對應的圓心角α=60°④經歷的時間t=T/3⑤即t=2πm3q故選：B點睛：離子要在最短的時間內返回P點，離子只能與圓筒碰撞一次，據此畫出離子的運動軌跡如圖所示，碰撞點在過P點的直徑的另一端，粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據題意求出粒子轉過的圓心角，然后根據周期公式求出粒子的運動時間，然后求出粒子的軌道半徑，由牛頓第二定律求出粒子的速度．9.地球的地理兩極與地磁的兩極并不重合，因此磁針并非準確的指南或者指北，其間有一個夾角——磁偏角．世界上第一個觀測到磁偏角的人是()A.中國的沈括 B.中國的鄭和C.意大利的哥倫布 D.葡萄牙的麥哲倫【答案】A【解析】世界上第一個清楚的、準確的論述磁偏角的是沈括，沈括是中國歷史上最卓越的科學家之一，他發現了地磁偏角的存在，比歐洲發現地磁偏角早了四百多年，故A正確，BCD錯誤。10.如圖所示，質子(H11)和α粒子(H24e)，以相同的初動能垂直射入偏轉電場(粒子不計重力)，則這兩個粒子射出電場時的側位移A.1∶1 B.1∶2 C.2∶1 D.1∶【答案】B【解析】【詳解】質子和α粒子垂直射入偏轉電場都做類平拋運動，根據牛頓第二定律得到粒子加速度的表達式為a=qEm；粒子射出電場時的側位移y的表達式為y=12at2，又t=Lv0；EK＝12mv02；聯立得，y=qEL24Ek；由題，兩個粒子的初動能Ek相同，E、L相同，則y與q成正比，質子（11.下列說法正確的是A穿過線圈的磁通量為零時，感應電動勢一定為零；B穿過線圈的磁通量不為零，感應電動勢也一定不為零；C穿過線圈的磁通量均勻變化時，感應電動勢也均勻變化；D穿過線圈的磁通量變化越快，感應電動勢越大。【答案】D【解析】試題分析：由法拉第電磁感應定律E=考點：法拉第電磁感應定律的理解12.某研究性學習小組在探究電磁感應現象和楞次定律時，設計并進行了如下實驗：如圖，矩形金屬線圈放置在水平薄玻璃板上，有兩塊相同的蹄形磁鐵，相對固定，四個磁極之間的距離相等．當兩塊磁鐵勻速向右通過線圈位置時，線圈靜止不動，那么線圈所受摩擦力的方向是()A.先向左，后向右 B.先向左，后向右，再向左C.一直向右 D.一直向左【答案】D【解析】【詳解】當原磁通量增加時，感應電流的磁場與原來磁場的方向相反，兩個磁場產生相互排斥的作用力；當原磁通量減少時，感應電流的磁場就與原來磁場的方向相同，兩個磁場產生相互吸引的作用力，所以感應電流總要阻礙導體和磁極間的相對運動。當磁鐵勻速向右通過線圈時，N極靠近線圈，線圈的感應電流總要阻礙磁極的相對運動，給磁極向左的安培力，那么磁極給線圈向右的安培力，線圈靜止不動，是因為受到了向左的摩擦力。當N極離開線圈，線圈的感應電流總要阻礙磁極的相對運動，給磁極向左的安培力，那么磁極給線圈向右的安培力，線圈靜止不動，是因為受到了向左的摩擦力。所以整個過程線圈所受的摩擦力一直向左。故D正確。故選D。13.如圖所示，兩個相互絕緣的閉合圓形線圈P、Q放在同一水平面內．當線圈P中通有不斷增大的順時針方向的電流時，下列說法中正確的是()A.線圈Q內有順時針方向的電流且有收縮的趨勢B.線圈Q內有順時針方向的電流且有擴張的趨勢C.線圈Q內有逆時針方向的電流且有收縮的趨勢D.線圈Q內有逆時針方向的電流且有擴張的趨勢【答案】D【解析】試題分析：當線圈A中通有不斷增大的順時針方向的電流時，周圍的磁場發生變化，即通過線圈B的磁通量發生變化，根據楞次定律結合右手螺旋定則判斷出B線圈中感應電流的方向．根據楞次定律的另一種表述，引起的機械效果阻礙磁通量的變化，確定線圈B有擴張還是收縮趨勢．解：當線圈A中通有不斷增大的順時針方向的電流時，知穿過線圈B的磁通量垂直向里，且增大，根據楞次定律，線圈B產生逆時針方向的電流，由于穿過線圈B的磁通量增大，根據楞次定律的另一種表述，線圈B有擴張的趨勢，阻礙磁通量的增加．故B正確，A、C、D錯誤．故選B．【點評】解決本題的關鍵掌握楞次定律判斷感應電流的方向，以及掌握楞次定律的另一種表述，感應電流引起的機械效果阻礙磁通量的變化．14.如圖甲所示，平面上的光滑平行導軌MN、PQ上放著光滑導體棒ab、cd，兩棒用細線系住，細線拉直但沒有張力．開始時勻強磁場的方向如圖甲所示，而磁感應強度B隨時間t的變化如圖乙所示，不計ab、cd間電流的相互作用，則細線中的張力大小隨時間變化的情況為()A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】由圖乙所示圖象可知，0到t0時間內，磁場向里，磁感應強度B均勻減小，線圈中磁通量均勻減小，由法拉第電磁感應定律得知，回路中產生恒定的感應電動勢，形成恒定的電流。由楞次定律可得出電流方向沿順時針，故ab受力向左，cd受力向右，而張力F=F安=BIL，因B減小，故張力將減小；由t0到t1時間內，線圈中的磁場向外，B均勻增大，回路中產生恒定的感應電流，由楞次定律可知，電流為順時針，由左手定則可得出，兩桿受力均向里，故兩桿靠近，細線中張力消失，故D正確，ABC錯誤；故選D。15.霍爾效應是電磁基本現象之一，近期我國科學家在該領域的實驗研究上取得了突破性進展．如圖甲所示，在一矩形半導體薄片的E、F間通入電流I，同時外加與薄片垂直的磁場B，在C、D間出現電壓UCD，這種現象稱為霍爾效應，UCD稱為霍爾電壓，且滿足UCD＝kIBd，式中d為薄片的厚度，(1)若該半導體材料是空穴(可視為帶正電粒子)導電，電流與磁場方向如圖所示，該同學用電壓表測量UCD時，應將電壓表的“＋”接線柱與________(填“C”或“D”)端通過導線相連．(2)已知薄片厚度d＝0.40mm，該同學保持磁感應強度B＝0.10T不變，改變電流I的大小，測量相應的UCD值，記錄數據，描點作圖，畫出UCD－I圖線，如圖乙所示，利用圖線求出該材料的霍爾系數為________×10－3V·m·A－1·T－1(保留2位有效數字)．【答案】(1).C;(2).【解析】(1)根據左手定則得，正電荷向C端偏轉，所以應將電壓表的“＋”接線柱與C端通過導線相連．(2)UCD－I圖線如圖所示．根據UCD＝解得霍爾系數：k≈.綜上所述本題答案是：(1).C16.要測繪額定電壓為2V的日常用小電珠的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導線和開關外，還有以下一些器材可供選擇：A、電源E（電動勢3.0V，內阻可不計）B、電壓表V1（量程為0～3.0V，內阻約2kΩ）C、電壓表V2（0～15.0V，內阻約6kΩD、電流表A1（0～，內阻約1Ω）E、電流表A2（0～100mA，內阻約2Ω）F、滑動變阻器R1（最大值10Ω）G、滑動變阻器R2（最大值2kΩ）（1）為減少實驗誤差，實驗中電壓表應選擇_______，電流表應選擇_______，滑動變阻器應選擇_______．（填各器材的序號）（2）為提高實驗精度，請你設計實驗電路圖，并畫在下面的虛線框中_______；（3）實驗中測得一組數據如表所示，根據表格中的數據在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線_______（4）該小電珠的額定功率是_______．【答案】(1).（1）B(2).D(3).F(4).（2）電路圖如圖所示(5).（3）如圖所示(6).（4）1.00W【解析】（1）由題意小燈泡額定電壓為2V，額定電流為，故電壓表應選B，電流表應選D，又描繪伏安特性曲線要求電流從零調，故變阻器應用分壓式接法，應選阻值小的變阻器F；（2）由于小電珠電珠較小，滿足Rv（3）根據表格中的數據在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線（4）由圖可知，當電壓為2V，電流為；則功率P=UI=2×0.50=1.0W；（5）由圖可知，圖象的斜率越來越大；故說明燈泡電阻隨隨電壓的增大而增大；17.如圖所示，兩平行金屬導軌間的距離L=，金屬導軌所在的平面與水平面夾角θ=37o，在導軌所在平面內，分布著磁感應強度B、方向垂直于導軌所在平面的勻強磁場。金屬導軌的一端接有電動勢E、內阻r的直流電源。現把一個質量m=的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰好靜止。導體棒與金屬導軌垂直、且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R0，金屬導軌的其它電阻不計，g取10m/s2。已知，，試求：（1）通過導體棒的電流；（2）導體棒受到的安培力大小；（3）導體棒受到的摩擦力的大小。【答案】（1）（2）0.30N（3）【解析】【分析】（1）根據閉合電路歐姆定律求出電流的大小。

（2）根據安培力的公式F=BIL求出安培力的大小，運用左手定則判斷安培力的方向。

（3）導體棒受重力、支持力、安培力、摩擦力處于平衡，根據共點力平衡求出摩擦力的大小。【詳解】（1）導體棒、金屬導軌和直流電源構成閉合電路，根據閉合電路歐姆定律有：

I=ER+r

代人數據解得：I=

（2）導體棒受到的安培力：F安=BIL

代人數據解得：，方向沿斜面向上

（3）導體棒所受重力沿斜面向下的分力為：F1

由于F1小于安培力，故導體棒受沿斜面向下的摩擦力f，根據共點力平衡條件有：

【點睛】解決本題的關鍵掌握閉合電路歐姆定律，安培力的大小公式，以及會利用共點力平衡去求未知力。18.如圖所示，絕緣光滑水平軌道AB的B端與處于豎直平面內的四分之一圓弧形粗糙絕緣軌道BC平滑連接，圓弧的半徑R＝0.40m．在軌道所在空間存在水平向右的勻強電場，電場強度E＝1.0×104N/C.現有一質量m＝0.10kg的帶電體(可視為質點)放在水平軌道上與B端相距s＝1.0m的位置，由于受到電場力的作用帶電體由靜止開始運動，當運動到圓弧形軌道的C端時，速度恰好為零．已知帶電體所帶電荷量q＝8.0×10－5C，取g＝10m/s2(1)帶電體運動到圓弧形軌道的B端時對圓弧形軌道的壓力；(2)帶電體沿圓弧形軌道從B端運動到C端的過程中，摩擦力做