2021年吉林省延邊州高考物理質檢試卷（2月份）

1.下列關于物理學史的說法正確的是（）

A.伽利略在做銅球沿斜面運動的實驗時，傾角較大的斜面“沖淡”重力的作用更

明顯，使得測量時間更容易

B.發現電流磁效應的物理學家是安培

C.牛頓發現了萬有引力定律并測出引力常量的大小

D.首先發現電磁感應現象的物理學家是法拉第

2.電影^浪地球》火爆春節假期，成為大家熱議的話題。影片中提到太陽大約在幾

十億年后，會逐漸進入紅巨星時期，核心溫度逐漸升高，當升至某一溫度時，太陽

內部的氮元素開始聚變成碳，即氫閃。氫閃的核反應方程為學He一鏟C,已知記。

和胃He的質量分另ij為Tn,=12.0000a和？=4.0026a,lu=931MeV/c2,c為光

速。則太陽在發生氮閃過程中釋放的能量約為（）

A.5MeVB.lMeVC.MeVD.14MeV

3.如圖所示，某同學疫情期間在家鍛煉時，對著墻壁練習打乒乓

球，球拍每次擊球后，球都從同一位置斜向上飛出，其中有兩

次球在不同高度分別垂直撞在豎直墻壁上，不計空氣阻力，則

球在這兩次從飛出到撞擊墻壁前（）

A.在空中飛行的時間可能相等

B.飛出時的初速度豎直分量可能相等

C.撞擊墻壁的速度大小可能相等

D.飛出時的初速度大小可能相等

4.磁吸車載手機支架使用靈活方便，支撐強韌有力，角度可自由調整，備受車主青睞。

如圖所示，當手機背面貼著的引磁片靠近支架的磁扣時，手機就會牢牢地被吸附在

車載支架上。某次在平直公路上勻速行駛過程中，由于微小顛簸，手機平面與豎直

方向夾角緩慢減小了一定角度，若磁扣對手機的吸引力不變，則該過程中關于手機

受力的說法中正確的是（）

A.手機總共受到三個力的作用

B.車載支架對手機的摩擦力逐漸減小

C.車載支架對手機的彈力逐漸增大

D.車載支架對手機的作用力不變

5.三等長絕緣棒AB、BC、CA連成正三角形，每根棒

上均勻分布等量同種電荷，測得圖中P、。兩點（均

為相應正三角形的中心）的電勢分別為SP和WQ,若

撤去AC棒，則P、Q兩點的電勢0p'和WQ'分別為（）

.，2

A.(pP=~<PPB.(pP=-<PP

c.（pQ=<pQ+l（ppD.（f>Q=\（PQ+\（PP

6.如圖所示，點L】和點名稱為地月連線上的拉格朗日點。在Li點處的物體可與月球同

步繞地球轉動。在42點處附近的飛行器無法保持靜止平衡，但可在地球引力和月球

引力共同作用下圍繞人點繞行。我國中繼星鵲橋就是繞G點轉動的衛星，嫦娥四號

在月球背面工作時所發出的信號通過鵲橋衛星傳回地面，若鵲橋衛星與月球、地球

兩天體中心距離分別為％、R2,信號傳播速度為C。則（）

A.鵲橋衛星在地球上發射時的發射速度大于地球的逃逸速度

B.處于L點的繞地球運轉的衛星周期接近28天

嫦娥四號發出信號到傳回地面的時間為=取吧

C.tC

D.處于人點繞地球運轉的衛星其向心加速度的小于地球同步衛星的加速度

7.如圖所示，M、N是兩個平行金屬板，右側有一圓形勻強磁場區域，磁場方向垂直

于紙面向里，圓心為。，A、B、C、。、E、F六個點將圓六等分。有兩個質量相同

第2頁，共18頁

且不計重力的帶電粒子a、b,分別由靠近M板的P點由靜止釋放，穿過N板后，

沿A。方向進入磁場，粒子a、b分別從E點和F點離開磁場，下列說法正確的是（）

A.兩帶電粒子的帶電性質相同

B.M板的電勢高于N的電勢

C.兩帶電粒子在磁場中的運動時間之比為9：1

D.兩帶電粒子〃、人的電荷量之比為1：9

8.如圖所示為某種電吹風機電路圖，圖中a、b、c、d為四個固定觸點。繞。點轉動

的扇形金屬觸片P，可同時接觸兩個觸點，觸片尸位于不同位置時，吹風機可處于

停機、吹冷風和吹熱風三種狀態。圖示狀態剛好為觸片P接觸c、4兩點。已知電

吹風吹冷風時的輸入功率為60W,小風扇的額定電壓為60匕正常工作時小風扇的

輸出功率為為52W,變壓器為理想變壓器，則下列說法中正確的是（）

A.當扇形金屬觸片P與觸點c、d接觸時，電吹風吹熱風

B.當扇形金屬觸片P與觸點”、人接觸時，電吹風吹冷風

C.小風扇的內阻為80

D.變壓器原、副線圈的匝數比為?=?

7123

9.某實驗小組的同學欲“探究小車動能變化與合外力對它所做功的關系”，在實驗室

設計了一套如圖甲所示的裝置。圖中A為小車，B為打點計時器，C為彈簧測力計，

尸為小桶（內有沙子），一端帶有定滑輪的足夠長的木板最初水平放置，不計繩與滑

輪的摩擦。實驗時，先小車單獨放在長木板上，再把長木板不帶滑輪的一端墊起適

當的高度，以平衡摩擦力，然后按圖甲安裝整個裝置。安裝完畢后，先接通電源再

松開小車，打點計時器在紙帶上打下一系列點跡。

（1）該同學在一條比較理想的紙帶上，從點跡清楚的某點開始記為零點，順次選取

一系列點，分別測量這些點到零點之間的距離x,計算出它們與零點之間的速度平

方差△/=〃2一詔，彈簧秤的讀數為尸，小車的質量為相，然后建立△戶-%坐

標系，通過描點法得到的圖像是i條過原點的直線，如圖乙所示，則這條直線的斜

率的意義為(填寫表達式)。

(2)本實驗中是否必須滿足小桶(含內部沙子)的質量遠小于小車的質量______(填

“是”或“否”)。

10.為精確測量電源的電動勢和內阻，實驗小組設計了圖甲所示電路，圖中S2為單刀雙

擲開關，定值電阻Ro=40。實驗時先閉合開關Si，然后將S2先后接到1和和2,

移動滑動變阻器滑片，記錄多組電壓表和電流表的讀數U和和/,最后通過描點得

到圖乙所示的兩條U-/關系圖線。

(1)請根據圖甲，在圖丙中將單刀雙擲開關連入電路。

(2)若只考慮系統誤差，當單刀雙擲開關撥向1時，r湖r方當單刀雙擲開

關撥向2時，E洲E/：填“大于”、“等于”或“小于”)。

(3)根據圖乙可知電源電動勢E=V,根據乙圖數據可得電源內阻r=

。(結果保留2位小數)。

11.在抗擊新冠疫情過程中，智能送餐機器人發揮了重要的作

用。如圖所示，某次送餐機器人給10，”遠處的顧客上菜，

要求全程餐盤保持水平，菜碗不能相對餐盤移動。已知，

菜碗與餐盤之間的動摩擦因數為0.25,機器人上菜最大速

度為2.5m/s。機器人加速、減速運動過程中看成勻變速直

線運動，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,重力加速度取g=

2

10m/so求：

(1)機器人的最大加速度；

第4頁，共18頁

(2)機器人上菜所用的最短時間。

12.如圖甲所示，兩根電阻不計的光滑平行金屬導軌月。尸、MNE相距L=1.6m,軌道

的PQ和和段為圓弧軌道,分別與固定在水平面上的QF段和NE段平滑連接，

軌道右端足夠長。金屬桿桿ab和和cd鎖定在圖示位置，此時桿桿ab距離水平軌

道的豎直高度為為h-0.8m,桿cd到圓弧軌道末端的距離為x=2.5m,桿和cd

與兩金屬導軌垂直且接觸良好，已知桿R?、cd的質量均為m=0.4kg、電阻均為R=

0.40,金屬導軌的水平部分處于豎直向上的勻強磁場中，磁場的磁感應強度B隨時

間r變化的規律如圖乙所示，取重力加速g=10m/s2.

(1)求0?2s內通過桿ab感應電流的大小和方向；

(2)t=2s時刻自由釋放桿ab,保持桿cW處于鎖定狀態，待桿ab進入磁場運動與=

0.1257n時，立即解除桿cd鎖定，求：從t=0開始計時桿cd中產生的焦耳熱。

13.以下有關熱學內容的敘述，正確的是()

A.PM2.5在空氣中的運動屬于分子熱運動

B.用N.表示阿伏加德羅常數，M表示銅的摩爾質量，p表示實心銅塊的密度，那

么銅塊中一個銅原子所占空間的體積可表示為多

PNA

C.完全失重狀態下懸浮的水滴呈球狀是液體表面張力作用的結果

D.晶體一定具有規則的形狀，且有各向異性的特征

E.理想氣體等壓膨脹過程一定吸熱

14.拔火罐是傳統中醫理療方式，以罐為工具，利用燃火等方法產生負壓，造成局部瘀

血，以達到通經活絡、消腫止痛、祛風散寒等作用的療法。如圖，將一團燃燒的輕

質酒精棉球（體積不計）扔到罐內，酒精棉球將要熄滅時，將罐蓋于人體皮膚上，罐

內密封著一定質量的氣體（可看作理想氣體），此時罐內溫度為T,之后由于罐壁導

熱良好，罐內溫度降低，人體皮膚就會被吸起。已知火罐容積為V,罐口面積為S,

大氣壓強為一個標準大氣壓Po,環境溫度為

①若罐內溫度降低到室溫時，進入罐內的皮膚體積為g,求火罐對皮膚產生的拉力

Fi；

②若標準狀態下1〃?。/任何氣體的體積為VQ,阿伏加德羅常數為N4,求罐內氣體的

分子數。

15.某同學利用計算機繪制了6兩個擺球的振動圖像如

圖所示，由圖可知，兩單擺擺長之比?=______。在

lb

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t=0.75s時，匕球相對平衡位置的位移是

16.如圖所示的矩形玻璃磚，下底面鍍銀，厚為2d,一束

單色光沿OC方向射到玻璃石專上表面，折射后經下底

面反射后再經上表面射出?已知OC與玻璃磚上表面

成30。角，玻璃磚對該單色光的折射率為丁，光在真空中的傳播速度為以求:

①光在玻璃磚中傳播的時間；

②光射出玻璃磚上表面的出射點與入射點間的距離。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：A、伽利略在做銅球沿斜面運動的實驗時，傾角較小的斜面“沖淡”重力

的作用更明顯，使得測量時間更容易，故4錯誤：

B、奧斯特發現了電流的磁效應，故8錯誤；

C、牛頓提出了萬有引力定律，卡文迪許通過實驗測出了萬有引力常量，故C錯誤；

。、根據物理學史可知，法拉第首先發現了電磁感應現象，故。正確。

故選：D。

根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可.

本題考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記

憶，這也是考試內容之一.

2.【答案】B

【解析】解：氧閃過程的質量虧損△m=3mHe-mc=0.0078u,

根據愛因斯坦質能方程得△￡■=z\mc2=0.0078Ux931MeVa7MeV；故ACQ錯誤，B

正確；

故選：Bo

求出質量的虧損，再根據愛因斯坦質能方程求出釋放的核能。

解決本題的關鍵掌握愛因斯坦質能方程，并理解質量虧損與核能的關系。

3.【答案】D

【解析】解：人將乒乓球的運動逆過程處理，即為平拋運動，兩次的豎直高度不同，

兩次運動時間不同，故A錯誤；

3、在豎直方向上做自由落體運動，因兩次運動的時間不同，故初速度在豎直方向的分

量不同，故8錯誤；

C、兩次水平射程相等，但兩次運動的時間不同，則兩次撞擊墻壁的速度不同，故C錯

誤；

豎直速度大的其水平速度就小，根據速度的合成可知飛出時的初速度大小可能相等，

故。正確。

故選：。。

由于兩次乒乓球垂直撞在豎直墻面上，該運動的逆運動為平拋運動，結合平拋運動在水

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平方向和豎直方向上的運動規律分析求解。

根據速度合成規律可分析撞擊墻壁的速度大小。

此題考查了平拋運動的規律，應采用逆向思維，將斜拋運動變為平拋運動處理，知道平

拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律。

4.【答案】D

【解析】解：A、手機處于靜止狀態，受力平衡，手機受到重力wg、支架的支持力M

摩擦力/以及磁片的吸引力凡共受到四個力的作用，故A錯誤；

B、設手機平面與豎直方向夾角。，車載支架對手機的摩擦力/=mgcosO,當。減小時,

摩擦力逐漸變大，故8錯誤；

C、設手機平面與豎直方向夾角。，車載支架對手機的彈力N=mgsin。+F,當。減小時，

車載支架對手機的彈力逐漸減小，故C錯誤；

。、車載支架對手機的作用力與手機的重力等大反向，則車載支架對手機的作用力不變,

故。正確。

故選：。。

手機平面與豎直方向夾角緩慢減小，所以手機始終受力平衡，沿手機支架和垂直手機支

架兩個方向正交分解，分別列平衡方程即可求解。

本題主要考查了共點力平衡條件的運用，主要本題中緩慢一詞的含義。

5.【答案】A

【解析】解：根據對稱性，AB.BC、AC三根絕緣棒在尸點產生的電勢以及AC棒在。

點產生的電勢相同，設為31；AB、BC棒在。點產生的電勢相同，設為@2。根絕電勢的

疊加原理，有

IP

<pP=3(pr，<PQ=(Pi+2<p2,聯立可得3=：9，(p2-\<PQ~^(PP

撤去AC棒后，P、。兩點的電勢分別為

-P

<pP'=2(pr=-cpP,<pQ=2<p2=<PQ3<P>故A正確，5CZ)錯誤；

故選：Ao

利用對稱性和電勢疊加原理求出每根帶電絕緣棒在尸、。兩點產生的電勢，再解撤去AC

棒之后兩點的電勢。

本題考查電勢的疊加，注意每根帶電絕緣棒產生的電勢與其他棒無關，只與該點到棒距

離還有帶電絕緣棒本身帶電荷量以及電荷分布有關。

6.【答案】BD

【解析】解：A、逃逸速度是衛星脫離地球引力束縛的速度，即為第二宇宙速度，可知，

“鵲橋”的發射速度應小于逃逸速度，故A錯誤；

8、根據題意知中繼星“鵲橋”繞地球轉動的周期與月球繞地球轉動的周期相同，約為

28天，故B正確；

C、鵲橋衛星與月球、地球兩天體中心距離分別為％、R2,到地表的距離要小一些，則

嫦娥四號發出信號到傳回地面的時間為,要小于t=匕士拽，故C錯誤；

C

D、由Q=丁?可知處于點繞地球運轉的衛星其向心加速度由小于月球的向心加速度，

由&=等，可知月球的向心加速度小于同步衛星的向心加速度，則衛星其向心加速度由

小于地球同步衛星的加速度&2，故。正確。

故選：BD。

地球的逃逸速度就是地球的第二宇宙速度。衛星與月球同步繞地球運動，角速度相等,

根據u=a)r,a=32r及a=等，比較線速度和向心加速度的大小。

本題考查萬有引力的應用，在解題時要注意“鵲橋”中轉星與月球繞地球有相同的角速

度這個隱含條件，要掌握衛星的加速度公式a=等，并能熟練運用。

7.【答案】AD

【解析】解：A、由題意可知，兩粒子在磁場中都是向

下偏轉，由左手定則可知，兩粒子都帶負電，兩粒子帶

電性質相同，故4正確；

8、兩帶電粒子帶負電，在電場中加速，所以M板的電

勢低于N板的電勢，故B錯誤；

。、設磁場區域的半徑為R,兩個粒子運動軌跡如圖所示，由幾何知識得:ra=Rtan60°=

V3/??r=Rtan300=—

0b3

粒子在電場中加速，由動能定理得：qU=1mv2-0,

2

粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m^

解得：q=群，

由題意可知，粒子的質量，小U、B都相等,

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則粒子電荷量之比：%=￥=:,故。正確；

Qb憂9

C、粒子在磁場中做圓周運動的周期：7=黑，則：?=?=;

qB1bQa1

粒子在磁場中轉過的圓心角：%=60°，eb=120°,

粒子在磁場中的運動時間為：t=^r

兩粒子在磁場中的運動時間之比為：？=膂

聯立解得：善=5,故C錯誤。

tb2

故選：AD.

根據粒子在磁場中偏轉方向結合左手定則即可分析出粒子電性，進而可以確定電場中M

板與N板電勢的高低；

應用動能定理求出粒子進入磁場時的速度，粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向

心力，應用牛頓第二定律求出粒子的比荷；

根據粒子周期公式與轉過的圓心角求出粒子運動時間，然后求出時間之比。

本題考查帶電粒子在加速電場中的加速運動和帶電粒子在磁場中的勻速圓周運動以及

左手定則的應用；粒子在加速電場中的運動運用動能定理解決，磁場中運用洛倫茲力提

供向心力與幾何關系結合去解決.

8.【答案】CD

【解析】解：A3、電動機與電熱絲同時接入電路時吹熱風，觸片尸與觸點。、。接觸吹

熱風，與觸點6c接觸吹冷風，故AB錯誤：

C、吹冷風時，流過風扇的電流/=學=竺4=14,風扇內阻消耗的功率「熱=。人一

U260

P毋=60W-52W=8W,根據P熱=可得，「=80.故C正確；

。、根據變壓器的原線圈、副線圈的匝數與電壓的關系：詈=今=等=?故。正確：

九2oU5

故選：CD。

當只有電動機接入電路時吹冷風；電動機與電熱絲同時接入電路時吹熱風；小風扇消耗

的功率轉化為機械功率和線圈上的熱功率，即可求得。

本題考查電功率公式的應用，難點是明白觸點在不同位置時電路的連接情況，還要知道

電源電壓不變時，電阻越小電功率越大。

9.【答案】否

【解析】解：(1)由動能定理可得：W=Fx=-mv2--mvl-|m(v2-v^)

所以：=竺，x

m

則可知△V2-X圖象的斜率等于更，

m

(2)本實驗由彈簧測力計直接讀出繩子的拉力，不需要用小桶(含內部沙子)的重力代替

繩子的拉力，所以不需要滿足小桶(含內部沙子)的質量遠小于小車的質量.

故答案為：⑴*(2)否-

(1)由動能定理得到△o2與X的表達式，再分析圖象斜率的意義.

(2)本實驗不需要滿足小桶(含內部沙子)的質量遠小于小車的質量.

本題考查了創新方法探究功與速度的關系，關鍵是列出動能定理方程然后結合數學函數

進行分析出截距與斜率的物理意義.不能將該實驗與探究牛頓第二定律的實驗混淆，本

實驗不需要滿足小桶(含內部沙子)的質量遠小于小車的質量這個條件.

10.【答案】大于小于3.051.08

【解析】解：(1)按電路圖連接實物，注意單刀雙擲開

關要接三個接線柱，導線不能交叉，如圖所示；

(2)撥向1時，由閉合電路歐姆定律有：E=U+/(&)+

心+r),

從圖象斜率看到，圖象的斜率得到值是R.與r+R。的和，所以測量值偏大;

撥向2時，由閉合電路歐姆定律有：E=U+(/+微■)(&+r),即

Rv

Er+R

U=3皿一或皿0，從縱截距看到電動勢的測量值小于真實值；

RyRy

(3)從以上分析知道，開關撥向1時，測得的電動勢等于真實值，而撥向2(電流表的外

接)，電動勢的測量值小于真實值，所以從圖乙可以看出電源電動勢E=3.051/。

開關撥向1時，由閉合電路歐姆定律有：E=U+/(Ro+R4+r),

開關撥向2時，由閉合電路歐姆定律有：E=U+(/+^)(/?0+0,即0=己重-潼

由圖乙知：瓷。=&+%+「，己需=2954,=

代入數據解得：r=1.08/2

故答案為：(1)如圖所示；(2)大于、小于；(3)3.05、1.08

(1)根據圖示電路圖連接實物電路圖；

(2)根據圖示電路圖與實驗步驟分析實驗誤差，兩種接法均是電表的內阻造成的，要分

第12頁，共18頁

析各圖中是電流還是電壓偏大或小，導致U-/圖象比的真實的U-/圖象發生偏轉，從

而確定內阻和電動勢誤差；

(3)根據圖示電路圖與圖示圖象結合，由實驗原理列方程求出電源電動勢與內阻。

本題考查了測量電源電動勢內阻的實驗，并且對電表的不同連接方式所產生的誤差進行

了分析，解題的關鍵是：結合閉合電路中的歐姆定律及U-/圖象分析誤差、以及電源

電動勢、內阻、電壓表內阻和電流表內阻等在U-/圖象上的意義。

11.【答案】解：(1)設菜碗(包括菜)的質量為相，以最大加速度運動時，菜碗和托盤保

持相對靜止，由牛頓第二定律得：f=ma

則：/'WAn=代mg

根據牛頓第二定律可得/=ma

解得：a<fig=0.25x10m/s2=2.5m/s2

即最大加速度：。機=2.5m/s2

(2)機器人以最大加速度達到最大速度，然后勻速運動，再以最大加速度減速運動，所

需時間最短.

加速達到最大速度所需時間：匕=產

解得：q=||s=Is

通過的位移：Si=

解得Si=gx2.5xIm=1.25m

同理，減速運動時間：匕=G=1s,位移：s3==1.25m

勻速運動位移：s2=d-sr-s3

解得S2=(10-1.25-1.25)m=7.5m

勻速運動時間：12=^

解得t2=￡S=3S

所以最短時間：t=tl+t2+t3

解得：t=5s

答：(1)機器人的最大加速度為2.5zn/s2；

(2)機器人上菜所用的最短時間為5s。

【解析】(1)菜碗與餐盤不發生相對滑動時，此時菜碗受到的摩擦力為最大靜摩擦力,

根據牛頓第二定律求得加速度大小；

(2)由運動學公式求出各階段的時間與位移，然后求出總的時間.

本題考查了求加速度、運動時間問題，分析清楚物體運動過程，應用牛頓第二定律、運

動學公式即可正確解題.

12.【答案】解：(1)0?2s內，桿仍與cd形成的閉合回路中，由法拉第電磁感應定律

得：

E=—=—S

△tAt

又S=Lx

據圖象可得號=0.577s

根據閉合電路歐姆定律得

/=—2R

聯立解得/=2.54

由楞次定律可知桿ab中感應電流方向由a指向b：

(2)0?2s內，cd棒內為恒定電流，產生的熱量為

Qi=I2Rt

解得Qi=5/

桿岫由靜止開始下滑至水平軌道時速度設為孫，對外桿，根據機械能守恒定律得

mgh=

解得:v0=4m/s

H桿發生位移與過程中通過閉合回路的電荷量設為好

則q=/△t

根據閉合電路歐姆定律得7=。

2R

由法拉第電磁感應定律得：

5=絲=竺S

△tAt

設桿必發生位移為巧時速度為女時，對血棒，由動量定理有

-BIL△t=mvx-mv0

解得%=3m/s

解除桿M鎖定后，直到最后穩定，設兩棒的共同速度為"共，桿油和桿cd組成的系統

合外力為零，系統的動量守恒，取水平向右為正方向，由動量守恒定律可得

mVi=2mvji：

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解得=|m/s

2s以后，系統生熱Q=gnu若-3

導體棒cd上產生的熱量（22=日

聯立解得Q2=1.157

全過程導體棒以產生的焦耳熱。總=Q1+<?2

解得Q總=615/

答：（1）0?2s內通過桿必感應電流的大小為2.54,方向由a指向b；

（2）從t=0開始計時桿cd中產生的焦耳熱為6.15人

【解析】（1）0?2s時間內，金屬桿必和M鎖定在圖示位置，根據法拉第電磁感應定律

求出回路產生的感應電動勢，由閉合電路歐姆定律求出通過血棒的電流大小，由楞次

定律判斷感應電流方向；

（2）ab棒下滑過程，根據機械能守恒定律求出ab棒到達NQ處時的速度。從ab棒進入

磁場到與=處的過程，運用動量定理求出油棒到達X1=1m處的速度。解除桿W

鎖定后，油棒受到向左的安培力，做減速運動，cd棒在安培力作用下向右加速運動，

穩定后加棒和cd棒將以相同的速度作勻速直線運動，兩棒組成的系統合外力為零，系

統的動量守恒，由動量守恒定律求穩定時共同速度，由能量守恒定律求cd棒產生的焦

耳熱。

本題是雙桿問題，考查電磁感應中的動量守恒定律，關鍵要正確分析兩棒的運動情況，

知道帥棒進入磁場后〃棒解除鎖定時，系統的合外力為零，遵守動量守恒定律和能量

守恒定律，類似于完全非彈性碰撞。

13.【答案】BCE

【解析】解：A、PM2.5是指空氣中直徑小于或等于2.5微米的顆粒物，其運動是由于來

自空氣分子的各個方向的撞擊不平衡所引起的，屬于布朗運動，不是分子熱運動，故A

錯誤；

B、M表示銅的摩爾質量，表示銅的密度，則銅的摩爾體積U=一個銅原子所占空

間的體積可表示為％=/=萼，故B正確；

C、完全失重狀態下懸浮的水滴呈球狀是因為液體表面存在張力，故C正確;

。、晶體分單晶體和多晶體，只有單晶體具有規則形狀，各向異性，而多晶體沒有規則

形狀，各向同性，故。錯誤；

E、理想氣體等壓膨脹過程，根據牛=。可知溫度升高，故內能增加，根據熱力學第一

定律△[/=（?+/,可知對外做功，一定吸收熱量，故E正確。

故選：BCE。

布朗運動是指懸浮在液體或氣體中的微粒所做的永不停息的無規則運動。晶體分單晶體

和多晶體，只有單晶體具有規則形狀，各向異性，而多晶體沒有規則形狀，各向同性。

本題考查熱學知識，主要考查基本物理概念以及定律，難度較小。

14.【答案】解：①由于皮膚的形狀可以發生變化而進入罐內，

y

根據理想氣體狀態方程得：皿=也竺@

TTo

解得：為=甯

火罐內外壓強