2022-2023學年高一物理下期末模擬試卷請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，質量為m，帶電量為－q的滑塊，沿絕緣斜面勻速下滑，當滑塊滑至豎直向上的勻強電場區域時，滑塊運動的狀態為A．將加速下滑 B．將減速下滑C．將可能飛離斜面 D．繼續勻速下滑2、(本題9分)如圖所示，一質量為M的賽車，在某次比賽中要以恒定的速率通過一段凹凸起伏的圓弧形路面，若圓弧半徑都是R，汽車在最高點對路面的壓力為零，則下列說法正確的是（）A．在凸起的圓弧路面的頂部，汽車處于超重狀態B．在凹下的圓弧路面的底部，汽車對路面的壓力為2MgC．在經過凸起的圓弧路面的頂部后，汽車將做平拋運動，落地點到最高點得水平距離為2RD．汽車在弧形軌道上運動的過程中向心力保持不變3、上端固定的一根細線下面懸掛一擺球，擺球在空氣中擺動，擺動的幅度越來越小，對此現象下列說法正確的是A．總能量守恒，擺球的機械能正在減少，減少的機械能轉化為內能B．擺球機械能守恒C．能量正在消失D．只有動能和重力勢能的相互轉化4、2019年4月20日，我國成功發射了第44顆北斗導航衛星．該衛星是傾斜地球同步軌道衛星，它的軌道平面與地球赤道平面有一定的夾角，離地面的高度和處于赤道平面內的地球同步軌道衛星相等．僅考慮衛星與地球間的作用，下列說法正確的是A．該衛星的角速度與地球同步軌道衛星的角速度一樣大B．該衛星的環繞速度介于7.9km/s和11.2km/s之間C．該衛星的周期大于地球同步軌道衛星的周期D．該衛星可以始終處在地面某點的正上方5、(本題9分)據中央氣象臺消息：2017年第1號臺風“梅花（Muifa）”于4月26日在距離菲律賓馬尼拉以東方向1640公里的西北太平洋海面上生成（東經136.1°，北緯13.4°），中心附近最大風速18m/s（8級風，熱帶風暴級）．預計“梅花”將以12km/h左右的速度向西北方向移動，強度變化不大．關于上述消息中的“18m/s、12km/h”，下述理解中正確的是A．分別指平均速度和瞬時速度的大小B．分別指瞬時速度和平均速度的大小C．均指平均速度的大小D．均指瞬時速度的大小6、(本題9分)甲、乙兩名滑冰運動員，M甲=60kg，M乙=40kg，面對面拉著彈簧測力計做圓周運動進行滑冰表演，如圖所示．兩人相距0.8m，彈簧測力計的示數為9.2N，下列判斷中正確的是（）A．兩人的運動半徑不同，甲為0.32m，乙為0.48mB．兩人的運動半徑相同，都是0.45mC．兩人的線速度相同，約為40m/sD．兩人的角速度相同，約為6rad/s7、(本題9分)質量為1kg的小球A以2m/s的速度與質量為2kg的靜止小球B發生正碰，關于碰后的速度vA和vB，可能正確的是A．vA＝vB＝23m/sB．vA＝3m/s，vBC．vA＝1m/s，vB＝1.5m/sD．vA＝－0.5m/s，vB＝1.25m/s8、(本題9分)如圖所示，豎直放置的光滑圓軌道被固定在水平地面上，半徑r=0.4m，最低點處有一小球（半徑比r小很多），現給小球以水平向右的初速度v0，則要使小球不脫離圓軌道運動，v0應當滿足（g=10m/s2）：A．

m/s B．m/sC．v0≥4

m/s D．

m/s9、(本題9分)關于曲線運動，下列說法正確的是（）A．曲線運動一定是變速運動B．變速運動一定是曲線運動C．做曲線運動的物體可能沒有加速度D．做曲線運動的物體可能受到恒力作用10、(本題9分)物體做勻速圓周運動時,下列物理量中變化的是（）A．線速度 B．角速度 C．向心加速度 D．動能11、(本題9分)光滑水平面上靜止一質量為的木塊，一顆質量為的子彈以水平速度射入木塊，最終和木塊一起以的速度運動．設相互作用力為，為恒力．在這個過程中下列說法正確的是（）A．子彈克服阻力做的功等于）B．力對子彈做的功和力對木塊做的功相等C．子彈對木塊做的功等于木塊動能的增量D．子彈損失的動能等于木塊增加的動能12、(本題9分)已知地球的質量為M，半徑為R，表面的重力加速度為g，那么地球的第一宇宙速度的表達式有：A． B． C． D．二．填空題(每小題6分，共18分)13、根據萬有引力公式F=，若只是兩物體間的距離變為原來的2倍，它們間的引力將變為原來的____倍；若只是每個物理的質量均變為原來的2倍，引力將變為_____倍。14、(本題9分)如圖(a)中，懸點正下方P點處放有水平放置熾熱的電熱絲，當懸線擺至電熱絲處時能輕易被燒斷，小球由于慣性向前飛出做平拋運動．在地面上放上白紙，上面覆蓋著復寫紙，當小球落在復寫紙上時，會在下面白紙上留下痕跡．用重錘線確定出A、B點的投影點N、M.重復實驗10次(小球每一次都從同一點由靜止釋放)球的落點痕跡如圖(b)所示，圖中米尺水平放置，零刻度線與M點對齊．用米尺量出AN的高度h1、BM的高度h2，算出A、B兩點的豎直距離，再量出M、C之間的距離x，即可驗證機械能守恒定律，已知重力加速度為g，小球的質量為m.(1)根據圖(b)可以確定小球平拋時的水平射程為________cm.(2)用題中所給字母表示出小球平拋時的初速度v0＝________．(3)用測出的物理量表示出小球從A到B過程中，重力勢能的減少量ΔEp＝________，動能的增加量ΔEk＝________．15、(本題9分)質量分別為m1和m2的兩個小球在光滑的水平面上分別以速度v1、v2同向運動并發生對心碰撞，碰后m2被右側的墻原速彈回，又與m1相碰，碰后兩球都靜止．則兩球第一次碰后m1球的速度大小為_________．三．計算題(22分)16、（12分）某小型設備工廠采用如圖所示的傳送帶傳送工件。傳送帶由電動機帶動，以的速度順時針勻速轉動，傾角。工人將工件輕放至傳送帶最低點A，由傳送帶傳送至最高點B后再由另一工人運走，工件與傳送帶間的動摩擦因數為，所運送的每個工件完全相同且質量。傳送帶長度為，不計空氣阻力。（工件可視為質點，，，）求：(1)若工人某次只把一個工件輕放至A點，則傳送帶將其由最低點A傳至B點電動機需額外多輸出多少電能？(2)若工人每隔1秒將一個工件輕放至A點，在傳送帶長時間連續工作的過程中，電動機額外做功的平均功率是多少？17、（10分）(本題9分)一個質量為2kg的物體靜止在水平桌面上，如圖1所示，現在對物體施加一個水平向右的拉力F，拉力F隨時間t變化的圖象如圖2所示，已知物體在第1s內保持靜止狀態，第2s初開始做勻加速直線運動，第3s末撤去拉力，第5s末物體速度減小為0.求：(1)前3s內拉力F的沖量。(2)第2s末拉力F的功率。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】

設斜面的傾角為θ．滑塊沒有進入電場時，根據平衡條件得mgsinθ=f，N=mgcosθ，又f=μN，得mgsinθ=μmgcosθ，即sinθ=μcosθA.將加速下滑與分析不符，故A錯誤；B.將減速下滑與分析不符，故B錯誤；C.將可能飛離斜面與分析不符，故C錯誤；D.繼續勻速下滑與分析相符，故D正確。2、B【解析】在凸起的圓弧路面的頂部，汽車在最高點對路面的壓力為零，重力提供向心力，向心加速度的方向向下，汽車處于失重狀態．故A錯誤；汽車在最高點對路面的壓力為零，重力提供向心力根據牛頓第二定律，有：Mg=Mv2R；則速率為：v=gR；在凹下的圓弧路面的底部，重力和支持力的合力提供向心力，根據牛頓第二定律，有：N-Mg=Mv2R；速率恒為v=gR；

解得：N=2Mg，根據牛頓第三定律，汽車對路面的壓力為2Mg，故B正確；由于在凸起的圓弧路面的頂部，支持力為零，故此后車將做平拋運動，平拋運動的時間：t=2Rg，所以平拋運動的水平位移：x=vt=點睛：該題屬于向心力在日常生活中的應用，解答本題關鍵明確向心力來源，然后根據牛頓第二定律列式分析即可，同時要注意向心力的方向始終與速度的方向垂直．3、A【解析】

根據能量守恒定律可知，能量不會消失，由題意可知，擺球的機械能由于阻力做功越來越小，故機械能不再守恒；減小的機械能轉化為周圍的內能A.總能量守恒，擺球的機械能正在減少，減少的機械能轉化為內能符合題意，A正確B.擺球機械能守恒不符合題意，B錯誤C.能量正在消失不符合題意，C錯誤D.只有動能和重力勢能的相互轉化不符合題意，D錯誤4、A【解析】

A．根據，由于離地面的高度和處于赤道平面內的地球同步軌道衛星相等，具有相等的軌道半徑，所以該衛星的角速度與地球同步軌道衛星的角速度一樣大，故A正確；B．第一宇宙速度是最大的環繞速度，所以該衛星的環繞速度一定小于7.9km/s，故B錯誤；C．根據，由于離地面的高度和處于赤道平面內的地球同步軌道衛星相等，具有相等的軌道半徑，所以該衛星的周期等于地球同步軌道衛星的周期，故C錯誤；D．傾斜同步軌道衛星相對于地球非靜止的，所以傾斜同步軌道衛星從地球上看是移動的，故該衛星不可能始終位于地球表面某個點的正上方，故D錯誤；5、B【解析】

根據瞬時速度和平均速度的概念可知，“18m/s”是指某位置的瞬時速度；“12km/h”是指平均速度；故選B.【點睛】瞬時速度是指某個時刻或某位置的速度；平均速度是指某段時間或某段位移的速度.6、A【解析】AB、彈簧秤對甲、乙兩名運動員的拉力提供向心力，根據牛頓第二定律得：由于甲、乙兩名運動員面對面拉著彈簧秤做圓周運動的溜冰表演，所以ω甲=ω乙則R甲=0.32m，R乙=0.48m．故A正確，B錯誤C、由于，知兩人的線速度不等，故C錯誤．D、根據解得：．故D錯誤．故選A點睛：兩人用同一彈簧連接，所以兩人的向心力相等都等于9.2N，相對位置不變，所以兩人的角速度相等，然后借助于彈力提供向心力求解待求的物理量．7、AD【解析】碰撞前總動量為P=mAvA0=1×2kg?m/s=2kg?m/s。碰撞前總動能為EkA、若vA=vB=23m/s，則碰撞后總動量P'=mAvA+mBvB=2kg?m/s，動量守恒。碰撞后總動能為E'k=12mAvA2+12mBvB2=23J【點睛】對于碰撞過程，往往根據三個規律去分析：一是動量守恒；二是總動能不增加；三是碰后，若兩球分開后同向運動，后面小球的速率不可能大于前面小球的速率，不能發生第二碰撞．8、D【解析】最高點的臨界情況：，解得

根據動能定理得，解得：．

若不通過四分之一圓周，根據動能定理有：，解得

所以或，故D正確，ABC錯誤．點睛：解決本題的關鍵知道小球在內軌道運動最高點的臨界情況，以及能夠熟練運用動能定理．9、AD【解析】曲線運動的速度方向一定變化，則曲線運動一定是變速運動，選項A錯誤；變速運動不一定是曲線運動，例如勻變速直線運動，選項B錯誤；做曲線運動的物體速度一定變化，則一定有加速度，選項C錯誤；做曲線運動的物體可能受到恒力作用，例如平拋運動，選項D正確；故選AD.10、AC【解析】

A.做勻速圓周運動的物體線速度方向不斷變化，選項A正確；B.做勻速圓周運動的物體角速度不變，選項B錯誤；C.做勻速圓周運動的物體向心加速度方向不斷變化，選項C正確；D.做勻速圓周運動的物體速度大小不變，則動能不變，選項D錯誤.11、AC【解析】

A、對子彈全過程由動能定理，有，所以子彈克服阻力做功為，故A正確；B、設子彈相對地面的位移為x，木塊相對地面的位移為s，則力對木塊做功，力對子彈做功，由于x>s，故，故B錯誤；C、由動能定理可知，木塊獲得動能，即子彈對木塊做的功等于木塊獲得的動能，故C正確；D、對子彈和木塊組成的系統，全過程總能量守恒，即系統內減少的能量等增加的能量，即：子彈減少的動能=木塊增加的動能+系統產生的內能，故D錯誤；故選AC．【點睛】研究阻力對子彈做的功，子彈對木塊做功，使用動能定理列方程即可解決，比較子彈與木塊相互作用力所做的功，關鍵是確定兩物體的位移，內能的產生，可以用能量守恒定律，或者求機械能損失來解．12、AB【解析】第一宇宙速度是衛星在近地圓軌道上的環繞速度，根據萬有引力提供向心力得：，解得:，故A正確，根據地面附近引力等于重力得：，聯立可得：，故AB正確，CD錯誤．二．填空題(每小題6分，共18分)13、1/44【解析】

根據萬有引力公式F=，若只是兩物體間的距離變為原來的2倍，它們間的引力將變為原來的1/4倍；若只是每個物理的質量均變為原來的2倍，引力將變為4倍。14、65.0cmxg2h2【解析】

（1）根據刻度尺的讀數原則，可知其讀數為：65.0cm．

（2）物體從B點平拋，所以有：x=v0t

h2=12gt2

聯立解得：v0=x（3）重力勢能的減小量等于重力做功：△Ep=mgh=mg（h1-h2）

動能增量為：△EK=12mv02=mg15、；【解析】

[1]根據動量守恒定律得，第1次碰撞過程第2次碰撞過程解得三．計算題(22分)16、(1)104J；(2)1