2024學年山東省菏澤市菏澤一中物理高三上期中學業(yè)水平測試試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、“娛樂風洞”是一項將科技與驚險相結(jié)合的娛樂項目，它能在一個特定的空間內(nèi)把表演者“吹”起來.假設風洞內(nèi)向上的風量和風速保持不變，表演者調(diào)整身體的姿態(tài)，通過改變受風面積(表演者在垂直風力方向的投影面積)，來改變所受向上風力的大小.已知人體所受風力大小與受風面積成正比，人水平橫躺時受風面積最大，設為S0，站立時受風面積為18S0；當受風面積為12S0時，表演者恰好可以靜止或勻速漂移.如圖所示，某次表演中，人體可上下移動的空間總高度為H，表演者由靜止以站立身姿從A位置下落，經(jīng)過B位置時調(diào)整為水平橫躺身姿(不計調(diào)整過程的時間和速度變化)，運動到A．B點距C點的高度是3B．從A至B過程表演者克服風力所做的功是從B至C過程表演者克服風力所做的功的1C．從A至B過程表演者所受風力的沖量是從A至C過程表演者所受風力的沖量的1D．從A至B過程表演者所受風力的平均功率是從B至C過程表演者所受風力平均功率的12、如圖，滑塊以初速度v0沿表面粗糙且足夠長的固定斜面，從頂端下滑，直至速度為零．對于該運動過程，若用h、s、v、a分別表示滑塊的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t表示時間，則下列圖象最能正確描述這一運動規(guī)律的是（）A． B．C． D．3、如圖（a）所示，光滑絕緣水平面上有甲、乙兩個點電荷．t=0時，甲靜止，乙以初速度6m/s向甲運動．此后，它們僅在靜電力的作用下沿同一直線運動（整個運動過程中沒有接觸），它們運動的v-t圖像分別如圖（b）中甲、乙兩曲線所示．則由圖線可知()A．兩電荷的電性一定相反B．t1時刻兩電荷的電勢能最大C．0~t3時間內(nèi)，兩電荷的動量變化相同D．0~t3時間內(nèi)，甲的動能一直增大，乙的動能一直減小4、2013年6月20日上午，神舟十號航天員王亞平進行了我國首次太空授課。航天員通過質(zhì)量測量、單擺運動、陀螺運動、水膜和水球等5個基礎物理實驗，讓同學們領略奇妙的太空世界。神舟十號中水滴成球狀，這是因為（）A．神舟十號做勻速直線運動B．神舟十號的速度超過7.9km/sC．神舟十號相對地面靜止D．神舟十號處于失重環(huán)境中5、如圖所示，小球從斜面底端A點正上方h高處，以某一速度正對傾角為θ的斜面水平拋出時，小球到達斜面的位移最小(重力加速度為g)，則()A．小球平拋的初速度v0＝B．小球平拋的初速度v0＝sinθC．飛行時間t＝D．飛行時間t＝6、行星A和B都是均勻球體，其質(zhì)量之比是1：3，半徑之比是1：3，它們分別有衛(wèi)星a和b，軌道接近各自行星表面，則兩顆衛(wèi)星a和b的周期之比為（）A．1：27B．1：9C．1：3D．3：1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質(zhì)量相等的兩個物體，沿著傾角分別為a和β(a>β)的兩個光滑固定斜面，由靜止開始從斜面項端滑下，到達斜面底端，兩個斜面高度相同。在此過程中，關(guān)于兩個物體，不同的物理量是()A．下滑的加速度大小 B．下滑的時間C．到達底端的速度 D．重力做的功8、如圖所示，物體A放在物體B上，物體B放在光滑的水平面上，已知mA=4kg，mB=2kg．A、B間動摩擦因數(shù)μ=0.3，A物上系一細線，細線能承受的最大拉力是30N，水平向右拉細線，下述中正確的是（g=10m/s2）（）A．當拉力F<24N時，A靜止不動B．當拉力F>24N時，A相對B滑動C．當拉力F=24N時，B受A的摩擦力等于8ND．在繩可以承受的范圍內(nèi)，無論拉力F多大，A相對B始終靜止9、如圖所示，A、B兩物體質(zhì)量之比mA：mB=3：2，原來靜止在平板小車C上，A、B間有一根被壓縮的彈簧，地面光滑。當彈簧突然釋放后，則（）A．若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒B．若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同，A、B、C組成的系統(tǒng)動量守恒C．若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒D．若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B、C組成的系統(tǒng)動量守恒10、如圖所示，物塊m1、m2均沿斜面勻速下滑，斜面體abc靜止于粗糙水平地面上，已知m1＞m2，θ1＜θ2。下列說法中正確的是（）A．斜面體ab面和ac面的動摩擦因數(shù)不同B．斜面對物塊m1的作用力垂直ab面向上C．物塊m1對斜面的作用力豎直向下D．地面對斜面體的摩擦力水平向左三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在高中物理力學實驗中，下列說法中正確的是A．在“探究動能定理”的實驗中，通過改變橡皮筋的長度來改變拉力做功的數(shù)值B．在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，采用的科學方法是等效替代法C．在“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系”的實驗中，可用直尺直接測量彈簧的伸長量D．在處理實驗數(shù)據(jù)時，常常采用圖象法可以減小系統(tǒng)誤差12．（12分）如圖1所示，為“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗裝置及數(shù)字化信息系統(tǒng)獲得了小車加速度a與鉤碼的質(zhì)量及小車和砝碼的質(zhì)量對應關(guān)系圖．鉤碼的質(zhì)量為m1，小車和砝碼的質(zhì)量為m2，重力加速度為g．（1）下列說法正確的是______．A．每次在小車上加減砝碼時，應重新平衡摩擦力B．實驗時若用打點計時器應先釋放小車后接通電源C．本實驗m2應遠小于m1D．在用圖象探究加速度與質(zhì)量關(guān)系時，應作a﹣圖象（2）實驗時，某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，測得F=m1g，作出a﹣F圖象，他可能作出圖2中______（選填“甲”、“乙”、“丙”）圖線．此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是______．A．小車與軌道之間存在摩擦B．導軌保持了水平狀態(tài)C．鉤碼的總質(zhì)量太大D．所用小車的質(zhì)量太大（1）實驗時，某同學遺漏了平衡摩擦力這一步驟，若軌道水平，他測量得到的﹣a圖象，如圖1．設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，則小車與木板間的動摩擦因數(shù)μ=_____．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為某種彈射裝置的示意圖，該裝置由三部分組成，傳送帶左邊是足夠長的光滑水平面，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端連接著質(zhì)量的物塊．裝置的中間是水平傳送帶，它與左右兩邊的臺面等高，并能平滑對接．傳送帶的皮帶輪逆時針勻速轉(zhuǎn)動，使傳送帶上表面以勻速運動．傳送帶的右邊是一半徑位于豎直平面內(nèi)的光滑圓弧軌道．質(zhì)量的物塊從圓弧的最高處由靜止釋放．已知物導體與傳送帶之間動摩擦因數(shù)，傳送帶兩軸之間的距離．設物塊、之間發(fā)生的是正對彈性碰撞，第一次碰撞前，物塊靜止．取．求：（1）物塊滑動圓弧的最低點時對軌道的壓力．（2）物塊與物塊第一次碰撞前的速度大小．（3）物塊與物塊第一次碰撞后瞬間的各自的速度大小．（4）物塊與物塊第一碰撞后彈簧的最大彈性勢能．（5）計算說明物塊是否能夠回到段圓弧上．（6）物塊第一次碰撞后第二次碰撞前，在傳送帶上運動的時間．（7）如果物塊、每次碰撞后，物塊再回到平衡位置時彈簧都會被立即鎖定，而當它們再次碰撞前鎖定解除，求物塊經(jīng)第一次與物塊碰撞后在傳送帶上運動的總時間．14．（16分）如圖所示，光滑水平面上，質(zhì)量為2m的小球B連接著輕質(zhì)彈簧，處于靜止狀態(tài)；質(zhì)量為m的小球A以速度v0向右勻速運動，接著逐漸壓縮彈簧并使B運動，過一段時間后，A與彈簧分離．設小球A、B與彈簧相互作用過程中無機械能損失，彈簧始終處于彈性限度以內(nèi)．(1)求當彈簧被壓縮到最短時，彈簧的彈性勢能E；(2)若開始時在小球B的右側(cè)某位置固定一塊擋板(圖中未畫出)，在小球A與彈簧分離前使小球B與擋板發(fā)生正碰，并在碰后立刻將擋板撤走．設小球B與固定擋板的碰撞時間極短．碰后小球B的速度大小不變，但方向相反．設此后彈簧彈性勢能的最大值為Em，求Em可能值的范圍．15．（12分）如圖所示，某次滑雪訓練，運動員站在水平雪道上第一次利用滑雪杖對雪面的作用獲得水平推力而從靜止向前滑行，其作用時間為，撤除水平推力后經(jīng)過，他第二次利用滑雪杖對雪面的作用獲得同樣的水平推力，作用距離與第一次相同．已知該運動員連同裝備的總質(zhì)量為，在整個運動過程中受到的滑動摩擦力大小恒為，求：（1）第一次利用滑雪杖對雪面作用獲得的速度大小及這段時間內(nèi)的位移大小．（2）該運動員（可視為質(zhì)點）第二次撤除水平推力后滑行的最大距離．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

設人水平橫躺時受到的風力大小為Fm，由于人體受風力大小與正對面積成正比，故人站立時風力為18Fm。由于受風力有效面積是最大值的一半時，恰好可以靜止或勻速漂移，故可以求得人的重力G=12Fm，即有Fm=2G。則從A至B過程表演者的加速度為a1=G-Fmm=mg-18mgm=0.75g，從B至C過程表演者的加速度大小為a2=Fm-mgm=2mg-mgm=g，由速度位移公式得：從A至B過程表演者的位移x1=v22a1，從B至C過程表演者的位移x2=v22a2，故x1：x2=4：3，因而有x1=47H，故A錯誤；表演者A至B克服風力所做的功為W1=18Fm?42、B【解題分析】

CD、由題意知，在下滑的過程中，根據(jù)牛頓第二定律可得：，故加速度保持不變，物塊做勻減速運動，所以C、D錯誤；B、根據(jù)勻變速運動的規(guī)律，可得B正確；A、下降的高度，所以A錯誤．3、B【解題分析】

由圖象0-t1段，判定甲從靜止開始與乙同向運動，則知甲的電性．分析t1時刻前后兩球距離的變化，判斷電場力做功情況，分析兩電荷的電勢能．0～t2時間內(nèi)，分析兩電荷間距離變化，可知相互靜電力的變化．t1～t3時間內(nèi)，甲的動能一直增大，乙的動能先減小后增大．【題目詳解】A項：由圖象0-t1段看出，甲從靜止開始與乙同向運動，說明甲受到了乙的排斥力作用，則知兩電荷的電性一定相同，故A錯誤；B項：0～t1時間內(nèi)兩電荷間距離逐漸減小，在t1～t2時間內(nèi)兩電荷間距離逐漸增大，t1時刻兩球相距最近，系統(tǒng)克服電場力最大，兩電荷的電勢能最大，故B正確；C項：0~t3時間內(nèi)，系統(tǒng)動量守恒，所以兩點電荷的動量變化大小相等，方向相反，故C錯誤；D項：由圖象看出，0～t3時間內(nèi)，甲的速度一直增大，則其動能也一直增大．乙的速度先沿原方向減小，后反向增大，則其動能先減小后增大，故D錯誤．故應選：B．【題目點撥】本題也可以運用類比的方法分析，相當于發(fā)生了完全非彈性碰撞，t1時刻兩球的速度相同，動能損失最大，兩電荷的電勢能最大．4、D【解題分析】

分子在完全失重的狀態(tài)下，由于分子表面張力的作用，將成球狀。【題目詳解】神舟十號在太空中，繞地球做勻速圓周運動，萬有引力充當向心力，物體處于完全失重狀態(tài)，故水在分子表面張力的作用下成球狀，故D正確。5、D【解題分析】

小球到達斜面的位移最小時，位移垂直斜面平拋的豎直高度飛行時間t＝水平位移初速度v0＝A.小球平拋的初速度v0＝，與分析不符，故A錯誤。B.小球平拋的初速度v0＝sinθ，與分析不符，故B錯誤。C.飛行時間t＝，與分析不符，故C錯誤。D.飛行時間t＝，與分析相符，故D正確。6、C【解題分析】:研究同衛(wèi)星繞行星做勻速圓周運動,根據(jù)萬有引力提供向心力，

由得：

在行星表面運動,軌道半徑可以認為就是行星的半徑.

行星A和B質(zhì)量之比是,半徑之比是則故C正確綜上所述本題答案是：C二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解題分析】

A.下滑的加速度因為a>β，則在兩斜面中下滑的加速度大小不相等，選項A符合題意；B.根據(jù)解得因為a>β，則下滑的時間不相等，選項B符合題意；C.根據(jù)可知到達底端的速度大小相同，但是方向不同，則速度不同，選項C符合題意；D.重力做的功W=mgh，則重力功相同，選項D不符合題意；故選ABC.8、CD【解題分析】解：假設繩子不斷裂,則當繩子拉力增大到某一值時B物體會開始滑動,此時A、B之間達到最大靜摩擦力．以B為研究對象,最大靜摩擦力產(chǎn)生加速度,由牛頓第二定律得:

以整體為研究對象,由牛頓第二定律得

即當繩子拉力達到36N時兩物體才開始相對滑動．所以A、B錯．

當拉力為16N時,由再由，故C、D正確．9、BCD【解題分析】

AB．若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同，彈簧釋放后，若A、B兩物體仍靜止，則A、B兩物體動量守恒，A、B、C構(gòu)成系統(tǒng)動量守恒，若A、B兩物體發(fā)生滑動，A、B兩物體受到的摩擦力不同，系統(tǒng)動量不守恒，而A、B、C構(gòu)成的系統(tǒng)所受合外力為0，系統(tǒng)動量守恒，A錯誤，B正確；CD．若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B兩物體構(gòu)成的系統(tǒng)所受合外力為0，動量守恒，A、B、C構(gòu)成的系統(tǒng)所受合外力為0，動量守恒，CD正確。故選BCD。10、AC【解題分析】

對整體受力分析。整體受力為重力和支持力。故D錯誤；對m1受力分析得;斜面對物體的總作用力與m1的重力等大反向共線，豎直向上，m1對斜面的總作用力豎直向下，故C正確，B錯誤；對m1列式：m1gsinθ1=μ故A正確。故選AC.【題目點撥】本題注意整體法和隔離法的運用。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B【解題分析】

因為橡皮筋的拉力會隨其形變量的變化而變化，即拉力是變力，不容易求解其做功，所以實驗時，每次保持橡皮筋的形變量一定，增加橡皮筋的個數(shù)，1條為W，2條為2W……，不是通過改變橡皮筋的長度來改變拉力做功的數(shù)值，而是通過改變橡皮筋的條數(shù)來改變拉力做功的數(shù)值，A錯誤；在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，采用的科學方法是等效替代法；兩個分力與合力效果是相同的，B正確；為了減少誤差，應測量彈簧的總長度，不能測量伸長量，C錯誤；圖象法只能減小因測量而產(chǎn)生的偶然誤差，不能減小系統(tǒng)誤差，D錯誤；12、D丙C【解題分析】

（1）[1]A、平衡摩擦力，假設木板傾角為θ，則有：f=mgsinθ=μmgcosθm約掉了，每次在小車上加減砝碼時，故不需要重新平衡摩擦力;故A錯誤.B、實驗時應先接通電源后釋放小車，故B錯誤.C、讓小車的質(zhì)量m1遠遠大于小盤和重物的質(zhì)量m2，因為：際上繩子的拉力故應該是m1＜＜m2，故C錯誤；D、由牛頓第二定律F=ma，所以，所以在用圖象探究小車的加速度與質(zhì)量的關(guān)系時，通常作圖象，故D正確；（2）[2][1]遺漏了平衡摩擦力這一步驟，就會出現(xiàn)當有拉力時，物體不動的情況，故可能作出圖2中丙.此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是鉤碼的總質(zhì)量太大，沒有遠小于小車和砝碼的質(zhì)量，故選C．（1）[4]根據(jù)牛頓第二定律可知變形結(jié)合圖象可得：斜率，截距，所以小車與木板間的動摩擦因數(shù)為四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）（4）（5）回不到（6）（7）【解題分析】解：(1)依據(jù)動能定理根據(jù)牛二定律再根據(jù)牛三定律，故壓力大小為．(2)由題可得，依據(jù)受力分析可知解得若物塊一直做勻減速直線運動，依據(jù)運動學公式當時