2024學年賀州市重點中學高二物理第一學期期末調研試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、電阻為1Ω的矩形線圈繞垂直于磁場方向的軸在勻強磁場中勻速轉動，產生的交變電動勢隨時間變化的圖象如圖所示，現把交流電加在電阻為9Ω的電熱絲上，則下列說法中正確的是A.線圈轉動的角速度為B.如果線圈轉速提高一倍,則電流不會改變C.電熱絲兩端的電壓VD.電熱絲的發熱功率P=1800W2、如圖所示的電路可以用來“研究電磁感應現象”。干電池、開關、線圈A、滑動變阻器串聯成一個電路，電流計、線圈B串聯成另一個電路。線圈A、B套在同一個閉合鐵芯上，且它們的匝數足夠多。從開關閉合時開始計時，流經電流計的電流大小i隨時間t變化的圖像是（）A. B.C. D.3、高空作業須系安全帶，如果質量為m的高空作業人員不慎跌落，從開始跌落到安全帶對人剛產生作用力前人下落的距離為h(可視為自由落體運動)．此后經歷時間t安全帶達到最大伸長，若在此過程中該作用力始終豎直向上，則該段時間安全帶對人的平均作用力大小為(??)A.＋mg B.－mgC.＋mg D.－mg4、將兩個分別帶有電荷量-2Q和+5Q的相同金屬小球A、B分別固定在相距為r的兩處(均可視為點電荷)，它們間庫侖力的大小為F．現將第三個與A、B兩小球完全相同的不帶電小球C先后與A、B相互接觸后拿走，A、B間距離保持不變，則兩球間庫侖力的大小為()A. B.C. D.5、下列說法正確的是（）A.電流互感器的原線圈匝數小于副線圈匝數B.豎直上拋小球，從小球拋出到落回拋出點的過程中，重力的沖量為零C.回旋加速器所用交流電源的周期是帶電粒子在磁場中運動的周期的2倍D.遠距離輸電時，輸電線路的總電阻為R，輸電電壓為U，則輸電線損失的功率為6、如圖所示，一理想變壓器原線圈匝數n1＝1000匝，副線圈匝數n2＝200匝，交流電源的電動勢e＝311sin(100πt)V，電阻R＝88Ω，電流表、電壓表對電路的影響可忽略不計，則()A.A1的示數為0.20AB.V1的示數為311VC.A2的示數為0.75AD.V2的示數為44V二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A、B、C、D是勻強電場中的四個點，D是BC的中點A、B、C構成一直角三角形，AB=0.1m，電場線與三角形所在的平面平行，已知A點的電勢為0V，B點的電勢為-5V，C點的電勢為15V，據此可以判斷（）A.場強方向由A指向CB.場強大小為100V/mC.將一帶電量為q=4×10-5C的正電荷從A點移到D點，電場力做功4×10-4JD.將一帶電量為q=4×10-5C的正電荷從A點移到D點，電勢能增大了2×10-4J8、如圖所示，兩光滑平行導軌水平放置在勻強磁場中，磁場垂直于導軌所在平面向里，金屬棒ab可沿導軌自由滑動，導軌一端跨接一個定值電阻R，導軌電阻不計。現將金屬棒沿導軌由靜止向右拉，若保持拉力恒定，當速度為v時加速度為a1，最終以速度2v做勻速運動；若保持拉力的功率恒定，當速度為v時加速度為a2，最終也以2v做勻速運動，則（）A.兩種情況中，金屬棒ab都是從靜止開始做加速度減小的加速度運動，直到勻速B.兩種情況中，金屬棒最終受到的拉力一樣大C.a2＝2a1D.a2＝3a19、在如圖所示電路中，閉合開關S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，五個理想電表的示數都發生了變化，關于五個理想電表示數的變化，下列分析正確的是A.電壓表V1示數增大，電流表A示數減小B.電壓表V2示數增大，電流表A1示數減小C.電壓表V1示數的改變量的絕對值大于電壓表V2示數的改變量的絕對值，即∣ΔU1∣>∣ΔU2∣D.電壓表V示數的改變量與電流表A示數改變量的比值的絕對值大于電源內阻，即10、在如圖所示的豎直平面內，在水平線MN的下方有足夠大的勻強磁場，一個等腰三角形金屬線框頂點C與MN重合，線框由靜止釋放，沿軸線DC方向豎直落入磁場中．忽略空氣阻力，從釋放到線框完全進入磁場過程中，關于線框運動的v－t圖，可能正確的是：（）A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在勻強磁場中，有一段0.05m的導線和磁場垂直．當導線通過的電流是1A時，受磁場的作用力是0.1N，那么該勻強磁場磁感應強度B=______T；當導線通過的電流是0時，那么該勻強磁場磁感應強度B=______T12．（12分）（1）常用螺旋測微器的精度是0.01mm，右圖中的螺旋測微器讀數為5.623mm，請你在刻度線旁邊的方框內標出相應的數以符合給出的數值_______（2）某同學用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，其中某一次測量結果如下圖所示，其讀數為________mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環，軌道的水平部分與半圓環相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】A．從圖中可知：T=0.02s角速度為：rad/s故A說法錯誤；B．在t=0.01s時刻，產生的感應電動勢最大，此時線圈與中性面垂直，磁通量為零，故B說法正確；CD．交流電壓的最大值為Em=200V，所以有效值V則電熱絲兩端的電壓為：V消耗的功率為：W故C錯誤，D正確。故AC2、B【解題分析】干電池、開關、線圈A、滑動變阻器串聯成一個電路，當開關閉合時磁通量變大，導致電流計、線圈B串聯成另一個電路中產生電動勢，由于電動勢短暫的，出現電流慢慢變小的現象。【題目詳解】A．由于干電池、開關、線圈A、滑動變阻器串聯成一個電路的磁通量變化是瞬間的，因此電流計、線圈B串聯成另一個電路中有電動勢也是短暫的，所以出現電流慢慢變小，故A錯誤；B．由于干電池、開關、線圈A、滑動變阻器串聯成一個電路的磁通量變化是瞬間的，因此電流計、線圈B串聯成另一個電路中有電動勢也是短暫的，所以出現電流慢慢變小，故B正確；C．由于干電池、開關、線圈A、滑動變阻器串聯成一個電路的磁通量變化是瞬間的，因此電流計、線圈B串聯成另一個電路中有電動勢也是短暫的，所以出現電流慢慢變小，故C錯誤；D．由于干電池、開關、線圈A、滑動變阻器串聯成一個電路的磁通量變化是瞬間的，因此電流計、線圈B串聯成另一個電路中有電動勢也是短暫的，所以出現電流慢慢變小，故D錯誤。故選B。【題目點撥】由楞次定律來確定感應電流的方向，而閉合線圈中的磁通量發生變化有幾種方式：可以線圈面積的變化，也可以磁場的變化，也可以線圈與磁場的位置變化。3、A【解題分析】在安全帶對人有拉力的瞬間時，人做自由落體運動，此過程機械能守恒，故有即在產生拉力瞬間速度為之后人在安全帶的作用下做變速運動，末速度為零，設向上為正方向，則根據動量定理可得聯立解得故選A。【題目點撥】本題關鍵是明確物體的受力情況和運動情況，然后對自由落體運動過程和全程列式求解，注意運用動量定理前要先規定正方向。4、A【解題分析】開始時由庫侖定律得：；當小球和A接觸后，A球帶電為-Q，再和B球接觸時，先中和后總電量為4Q，故平分后B球帶電為2Q，因此此時：；可得：F1=，故BCD錯誤，A正確．故選A【題目點撥】完全相同的帶電小球接觸時，對于電量的重新分配規律要明確，然后正確利用庫侖定律求解5、A【解題分析】A．電流與匝數成反比，所以電流互感器的原線圈匝數小于副線圈匝數，A正確；B．從小球拋出到落回拋出點的過程中重力的方向一直豎直向下，重力的沖量不為零，B錯誤；C．帶電粒子在磁場中運動半個周期后加一次速，而在交流電源一個周期內帶電粒子要加速兩次，故回旋加速器所用交流電源的周期等于帶電粒子在磁場中運動的周期，C錯誤；D．輸電線上損失的功率為：D錯誤。故選A。6、D【解題分析】由題意可知：根據得由歐姆定律得根據得故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】A．由題意知：D點電勢為5V，根據對稱性，0V電勢應該在BD中點，又因為∠B=60°，故電場線沿BC方向，且由C指向B，故A錯誤。B．由題意BC=0.2m，得故B正確。CD．將一帶電量為q=4×10-5C的正電荷從A點移到D點，電場力做負功W=Uq=5V×4×10-5C=2×10-4J電勢能增大了2×10-4J，故C錯誤，D正確。故選BD。8、ABD【解題分析】A．兩種情況中，金屬棒ab運動過程中速度越來越大，安培力越來越大，根據牛頓第二定律可知加速度越來越小，最后勻速，所以兩種情況都是從靜止開始做加速度減小的加速度運動，直到勻速，故A正確；B．兩種情況中，金屬棒最終都是勻速運動，則受到的拉力有：，兩種情況中，金屬棒最終受到的拉力一樣大，故B正確；CD．當拉力恒定，速度為v，加速度為a1時，根據牛頓第二定律有：解得：若保持拉力的功率恒定，速度為2v時，拉力為F，則有：P=F?2v得：則當速度為v時，拉力大小為：根據牛頓第二定律得：解得：所以有a2=3a1，故C錯誤，D正確。故選ABD。9、AC【解題分析】AB．當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，R1阻值變大，可知總電阻變大，總電流減小，則A讀數減小；路端電壓變大，則R3電流變大，則A1支路電流減小，則V2讀數減小，則V1讀數變大，選項A正確，B錯誤;C．因路端電壓U=U1+U2，路端電壓U變大，而U1變大，而U2減小，則電壓表V1示數的改變量的絕對值大于電壓表V2示數的改變量的絕對值，選項C正確；D．根據U=E-Ir可知，則電壓表V示數的改變量與電流表A示數改變量的比值的絕對值等于電源內阻，選項D錯誤10、CD【解題分析】根據楞次定律的“來拒去留”可知線框受到向上的安培力，線框由靜止向下做加速運動，設線框的有效切割磁感線的長度為L，線框的電阻為R，則有，根據歐姆定律可得，故，根據牛頓第二定律可得，故，運動過程中，L在變大，v在變大，故加速度在減小，即速度時間圖像的斜率再減小，故AB錯誤；由于不知道當線框完全進入磁場時重力和安培力的關系，所以之后線框的速度可能繼續增大，可能恒定不變，故CD正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.2②.2【解題分析】根據磁感應強度的定義式，磁感應強度，這與導線的放置、長短、電流大小等因素無關，即該處的磁感應強度有磁場本身決定，該勻強磁場磁感應強度12、①.②.0.395-0.398;【解題分析】螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀【題目詳解】由讀數的方法就可以在方框中填入數字．讀數是5.623mm，所以固定刻度讀數是5.5mm，可動刻度讀數是12.3mm，所以固定刻度方框內數字為5，可動刻度下面和上面的刻度分別是10和15（2）金屬絲的直徑：0.01mm×39.7=0.397mm.【題目點撥】本題是考查螺旋測微器的讀數和原理，尤其考查了學生對原理的理解，從而學生才能正確的改裝螺