2023年中考物理模似試卷注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題（本大題7小題，每題3分，共21分）1．“五月五,過端午”,端午節要賽龍舟、吃粽子,下列關于粽子的說法正確的是A．煮熟的粽子飄香,說明分子在不停地做無規則運動B．剛出鍋的粽子冒“白氣”是一種汽化現象C．粽子的溫度越高,所含有的熱量越多D．煮粽子是通過做功的方式改變粽子的內能2．大千世界，熱現象隨處可見．下面四個熱現象中描述正確的是（）A．圖甲：廚房蒸籠旁的“白氣”是水蒸汽，它是水汽化形成的B．圖乙：蠟燭燃燒流出“燭淚”是熔化現象，這一形成過程需要吸熱且溫度保持不變C．圖丙：冬天清晨樹葉上的“霜”，它的形成過程需要吸熱D．圖丁：玫瑰花開“香滿園”是擴散現象，表明分子在不停地做無規則運動3．針對生活中的一些物理量的估測，下列合理的是（）A．課桌的高度為1.6mB．中學生百米跑平均速度為7.1m/sC．人體的體積為0.5m3D．溫暖舒適的氣溫為37℃4．如圖所示,是一位學生在吹奏自制的哨子,他把用筷子制成的桿上下拉動時,是在改變聲音的A．音調 B．響度 C．音色 D．振幅5．妮妮的新家中有150W的電視機一臺，300W的洗衣機一臺，100W的電冰箱一臺，2200W的柜式空調機一臺，250W的電腦一臺，800W的電飯鍋一只，40W的照明燈8盞，則安裝電能表時，選用以下哪一種電能表最合適A．220V5A B．220V15A C．220V20A D．220V30A6．下列有關物理學家和他對物理學的貢獻，配對正確的是A．伽利略→擺的等時性 B．瓦特→光的色散現象C．牛頓→杠桿原理 D．歐姆→電流的磁效應7．如圖所示，電源電壓保持不變，閉合開關S0滑動變阻器R的滑片向右移動的過程中，下列說法正確的是（）A．閉合開關S，若甲、乙均為電壓表，則兩表示數均變小B．斷開開關S，若甲、乙均為電流表，則兩表示數均變大C．閉合開關S，若甲、乙均為電壓表，則甲示數不變，乙示數變大D．斷開開關S，若甲、乙均為電流表，則乙示數不變，甲示數變大二、填空題（本大題7小題，共21分）8．在“挑戰自我”節目里，挑戰者用穿在鼻孔里的繩子拉著質量是2000千克的車，在平路上用了5分鐘將車拉動了400米，做了3×105焦的功，則他的水平拉力是________牛，他的功率為________W．9．白熾燈是根據電流的_____效應工作的。燈絲做成螺旋狀是為了_____（選填“增大”或“減少”）散熱，以便更好地發光。10．微信掃碼是現在普及的溝通方式。如圖所示，掃碼關注公眾號，當手機掃描二維碼時，攝像頭相當于_____透鏡，當光照射到二維碼的白色部分時，光被_____（填“反射”或“吸收”），再經過攝像頭折射而成_____像（填“虛”或“實”），手機再通過解碼就可以獲取相關信息。11．雨后的天空，常常出現彩虹，這屬于光的_____現象．我國是世界上電視用戶最多的國家，彩色電視機屏幕上各種艷麗色彩是由紅、綠、_____三種色光通過適當的比例混合得到的．12．“五一節”期間，很多外地游客乘坐重慶長江索道，體驗重慶的“立體交通”．如圖所示，長江索道全長約1165m，某次單程運行時間為233s，則索道在該次運行的平均速度為_____m/s．駛離站臺后，車廂里的游客以對面的建筑為參照物，判斷自己是_____（選填“運動”或“靜止”）的．13．小明探究某物質熔化和沸騰的實驗裝置如圖甲所示．現把20g某種固體碾碎后放入試管中，插入溫度計，再將試管放在裝有水的燒杯中加熱．根據實驗數據畫出的圖象如圖乙所示．根據圖象回答問題：（設熱水在相同時間內給這種物質吸收的熱量相等）這種物質是_____（晶體/非晶體），它的沸點是_____℃；實驗中，熱量從火焰傳遞給水，卻不會反過來傳遞．說明能量在轉移的過程中，具有_____性；若這種物質液態時的比熱容c=3×103J/（kg?℃），則這種物質熔化過程中吸收的熱量是_____J．14．在學習了機械能的轉化和守恒之后，教師讓學生考察日常生活中有關的能量轉化現象，并從中發現問題．小華說：前幾天我買了一個氫氣球，不小心氫氣球飛上了天，在氫氣球上升的過程中，機械能增加了，這份增加的機械能是由什么能量轉化而來的呢?接著，老師做了以下實驗，引導學生分析思考：液體和氣體很多時候具有相似的性質，我們不妨先看看木塊在水中上浮的情況實驗發現，把木塊浸沒在水中，當撤去對木塊的壓力時，由于____，木塊上浮.木塊升高了，機械能增加了，而這時，會有一部分水下去填補木塊原來占據的位置，水面有所下降，所以水的重力勢能____(選填“增加”或“減少”)了；假設氣球在空氣中上升和木塊在水中上浮原理是相同的，你能解釋小明小軍提出的問題了嗎?請試著分析一下：___．三、作圖題（共7分）15．重20牛的物體靜止在水平地面上，用力的圖示法在圖中畫出物體受到的支持力F．（____）16．下面圖是一杠桿圖，試畫出作用在杠桿A端使杠桿在圖示位置平衡的最小動力的示意圖并畫出該力的力臂．17．如圖所示，已知F為凸透鏡的焦點，試畫出與已知光線對應的入射或折射光線。（____）四、實驗題（本大題共5小題，共20分）18．同學利用如圖所示的裝置驗證阿基米德原理．A、B為兩個規格相同的彈簧秤，B彈簧所掛的塑料袋質量忽略不計，用升降臺調節溢水杯的高度，來控制物體排開水的體積．（1）實驗中，同學們逐漸調高升降臺，使重物浸入水中的體積越來越大，觀察到彈簧秤A的示數逐漸減小，待重物完全浸沒后，逐漸調高平臺，彈簧秤A的示數不變．實驗表明：浸在液體中的物體受到的浮力大小與_____有關，當完全浸沒后，與_____無關．（2）當重物逐漸浸入的過程中，溢出的水逐漸流入塑料袋中．觀察到彈簧秤A的示數的減小的值_____彈簧秤B的示數增大的值，得出結論：浸在液體中物體受到的浮力的大小等于排開液體所受到的重力．（1）當物體有一半浸沒時，彈簧測力計A的示數為彈簧測力計B的示數的7倍，則該物體的密度為_____kg/m1．19．圖甲是琪皓和孟倫同學探究并聯電路的電流規律的電路圖.實驗中，他們應該選擇規格______的兩個小燈泡來進行實驗（填“相同”或“不相同”）；開關閉合前，琪皓同學發現電流表A的指針在零刻度線左端，如圖乙所示，其原因是_____（選填“A”或“B”）；A．電流表沒調零B．電流表正負接線柱接反了他們把電流表A糾正后，閉合開關進行實驗，兩燈都發光，電流表A與電流表A2的指針所指位置均為圖丙所示，則通過L1的電流為_____A；實驗中，我們都要進行多次測量。以下實驗中，與“探究并聯電路電流特點”進行多次測量的目的不相同的是______；A．探究電流與電壓的關系B．探究杠桿的平衡條件C．刻度尺測物體的長度根據實驗數據，他們得出了實驗結論：并聯電路中，______。20．在“測量小燈泡的電功率”實驗時，小紅和小華所用小燈泡的額定電壓為2.5V．(1)連接電路時，開關應______，滑動變阻器的滑片應滑到最____（選填“左”或“右”）邊．(2)開關閉合前，發現電壓表的指針在零刻度線左端，如圖a所示．小紅同學認為電壓表的正負接線柱接反了，小華同學認為電壓表沒調零，你認為________(選填“小紅”或“小華”）同學說法正確．(3)小華連接的電路如圖b所示，其中有一根導線連接不規范，導致開關沒有閉合時______表就有讀數．請在這根導線上打“×”，并用筆畫線代替導線，將其改正．（_______）(4)故障排除后，在實驗中當變阻器滑片滑到圖示（圖b)位置時，電壓表的示數為2.0V．接著小華應將滑片向_____（選填“左”或“右”）滑動，直至____兩端電壓為額定電壓，此時電流表的示數如圖c所示．則燈泡的額定功率為_______W．21．小強在進行“測定小燈泡的電功率”的實驗，已知電源電壓為3V，小燈泡的額定電壓為2.5V，他已連接了部分電路，如圖所示，請你接著完成下列步驟：用筆畫線代替導線，將圖的電路連接完整．________連接電路時，開關S應當處于_________狀態，閉合開關前，滑動變阻器的滑片P應置于________（選填“左端”或“右端”）．連接好電路后，閉合開關，移動滑動變阻器滑片P，發現小燈泡始終不亮，電流表有示數，電壓表的示數為0，則出現故障的原因可能是______________．故障排除后，閉合開關，移動滑動變阻器的滑片P到某一位置，電壓表的示數如圖所示，為了測量小燈泡的額定功率，應將滑片P向_______端移動．當小燈泡正常發光時，電流表的示數如圖所示，則電流表的示數為________A，小燈泡的額定功率是___________W．22．復習電學知識時，小明在實驗室做了“測量小燈泡在不同電壓下的電功率”這個實驗；實驗中，利用的電源為兩節舊的蓄電池，小燈泡的額定電壓為3.5V，滑動變阻器的規格為（10Ω1A），電流表（0-0.6A0-3A）；電壓表(0-3V.0-15V)．(1)請用筆畫線代替導線將圖中的實物電路連接完整(要求:閉合開關后,滑片向左移動時，燈泡變亮)；（____________）(2)正確連接電路后，閉合開關，發現小燈泡不亮,電流表和電壓表也無示數,小明向老師求助，王老師在不拆開原電路的情況下，借助另一導線就很快找出了故障原因:電流表內部斷路了．王老師找出這個故障的相應操作如下：用導線接在________（選填“電壓表”“電流表”“開關”“燈泡”）兩端時，燈泡及其他元件________（選填“能”“不能”）工作；(3)當電壓表示數達到3.5V時，電流表的示數如圖，則小燈泡的額定功率為________W；(4)小明先后測量了小燈泡的實際電壓小于額定電壓時的功率和實際電壓等于額定電壓時的功率,當小明想要繼續測量小燈泡的實際電壓略高于額定電壓時的實際功率時,小明發現無論怎么調節滑動變阻器的滑片都無法使電壓表示數大于3.5V,他可以采取的方法是____________．解決了問題后,他測出了電壓略大于3.5V時的燈泡功率,為了比較燈泡在不同電壓下的功率關系,他_______(選填“需要”或“不需要”)重新測量前兩次的實驗數據；(5)測完小燈泡的電功率之后,小明同學在原電路中換下燈泡,換上另一種用電器,來測量這種用電器工作時的電功率．小明同學根據他測量的電流表和電壓表的示數繪制出這種用電器工作時的U-I圖像如圖,接下來,他還想要繪制出該用電器的P-I2,和P-U2圖像,如圖,下列可能正確的是（____________）A．B．C．D．(6)完成實驗后,小明繼續做“探究電流與電阻關系”的實驗,小明所用的四個定值電阻的阻值分別5Ω、10Ω、15Ω、20Ω．他將電源電壓換為6V,其他實驗器材和剛才測量小燈泡電功率時一樣,合理選擇電流表電壓表的量程,把電路中的小燈泡取下,把四個定值電阻分別接入電路中進行探究．如果要保證電路中各元件的安全,且用四個電阻都能順利地完成實驗,則定值電阻兩端的電壓至多控制為_______V,至少控制為_______V．五、計算題（本大題共2小題，共13分）23．有兩個容積相等、質量都等于0.05kg的瓶子，分別盛滿水和某種液體，盛水的瓶子總質量為0.55kg，盛某種液體的瓶子總質量為0.45kg，求：（1）水的質量是多少？（2）瓶子的容積是多少？（3）該種液體的密度是多少？24．如圖所示，電源兩端的電壓U保持不變．閉合開關S1、S2，電流表示數為2A．閉合開關S1，斷開開關S2，電流表示數為1.5A．已知電阻R1＝10Ω，求：電源兩端的電壓U．閉合開關S1、S2，10s內電流通過電阻R2產生的熱量Q．六、綜合能力題（本大題共3小題，共18分）25．人們對自我保健越來越關注．圖甲為某品牌足浴盆及相關參數．其內部電路可分為工作電路和控制電路兩部分（如圖乙所示）．閉合總開關S，當足浴盆有水注人到一定量時壓控開關S1，S2就會自動閉合，此時R1、R2會同時工作，加熱至40℃時，控制電路中的電磁鐵會將銜鐵吸合，自動進入保溫模式．（1）圖乙的工作電路中，處于保溫狀態時，工作的電阻是_____．壓控開關S1的作用是防止_____，達到保護電路的目的．（2）控制電路中電磁鐵線圈的電阻為100歐，為電磁鐵供電的電池電壓為6伏，Rx為熱敏電阻，阻值隨溫度變化關系可由圖丙中的某條曲線表示．當線圈中的電流大于或等于20毫安時，控制電路中繼電器的銜鐵被吸合，則Rx阻值隨溫度變化的曲線為圖丙中的_____．（3）求R2的阻值___________（4）在一次使用過程中，加熱時間為5分鐘，保溫時間為20分鐘，則整個過程中消耗了多少電能？____--26．定值電阻R1、R2和標有額定功率為“0.9W”字樣白熾燈L和特殊電子元件E并聯接在電路中，且R1＜R2，改變電路兩端電壓U，通過每個電阻、電燈和特殊電子元件的電流也相應改變，根據實驗數據繪出R1、R2、RL和RE的I一U（或U一I）圖線，如圖所示。圖中________表示的是R1的電流與電壓的圖象；________表示的是電燈RL的電流與電壓的圖象（填“OA”“OB”“OC”或“OD”）若將定值電阻R1與特殊電子元件E并聯后接在電壓為3V電路中，電路消耗的總功率是____W；若將定值電阻R2與白熾燈L串聯后，接在電壓為3.5V的電路中，則電阻R2在1分鐘內產生的熱量是________J。27．如圖所示電路中，電源電壓恒定為12伏，定值電阻R1阻值為8歐，滑動變阻器R2上標有“40歐1安”字樣，電流表0﹣3安量程損壞．閉合電鍵，電流表示數為0.5安．求：定值電阻R1兩端電壓U1；____整個電路消耗的電功率；____在電路空缺處填入一個電壓表及兩個電鍵S1、S2，在確保電路中各元件均正常工作的情況下，試通過改變電鍵狀態和移動滑動變阻器的滑片P，在確保電壓表有示數的情況下，使電壓表示數變化量達到最大（電壓表量程可以更換）．請通過計算說明電壓表應接在_______之間（選填“AB”、“BC”、“BD”），并求出電壓表示數變化量最大值△U________．

參考答案一、單項選擇題（本大題7小題，每題3分，共21分）1、A【解析】

A.煮熟的粽子由于溫度升高，分子熱運動劇烈，所以香味能夠飄出來，說明分子在不停地做無規則運動。故A正確。B.“白氣”是由于高溫的水蒸氣遇冷而液化成的無數小水滴飄在空中形成的。故B錯誤。C.熱量是熱傳遞過程中傳遞內能的多少，不能說“含有熱量”。故C錯誤。D.煮粽子是從火爐等吸收熱量而使內能增大的，這種方式是熱傳遞。故D錯誤。2、D【解析】

A.廚房蒸籠旁的“白氣”是溫度較高的水蒸氣遇冷液化形成的小水滴，故A錯誤；B.晶體熔化時溫度不變，非晶體熔化時，溫度升高，蠟是非晶體，蠟燭燃燒流出“燭淚”是熔化現象，這一形成過程需要吸熱溫度不斷上升，故B錯誤；C.冬天清晨樹葉上的“霜”，是空氣中的水蒸氣遇冷凝結成的小冰晶，屬于凝華現象，此過程需要放出熱量，故C錯誤；D.玫瑰花開“香滿園”是擴散現象，擴散現象表明分子在不停的做無規則運動，故D正確．故選D．3、B【解析】試題分析：學校課桌的高度為80cm，故A不符合實際情況；中學生百米跑的速度約為7m/s，故B符合實際情況；中學生的質量為50kg，人體的密度和水的密度差不多，人的體積為V===0.05m3，故C不符合實際情況；人的正常體溫為37℃，溫暖舒適的氣溫為25℃，故D不符合實際；故應選B．【考點定位】長度的估測；溫度；速度與物體運動4、A【解析】

吹哨子時，是哨子內的空氣柱振動發聲。把用筷子制成的桿上下拉動時，改變了哨子內的空氣柱質量和體積，改變了空氣柱的振動頻率，改變了哨子的音調，故A正確，BCD錯誤。5、C【解析】

小敏家中所用用電器同時工作時的總功率為：P總=150W+300W+100W+2200W+250W+800W+40W×8=4120W；A．電能表的最大功率：P=UI=220V×5A=1100W＜4120W，故該選項不符合題意；B．電能表的最大功率：P=UI=220V×15A=3300W＜4120W，故該選項不符合題意；C．電能表的最大功率：P=UI=220V×20A=4400W＞4120W，故該選項符合題意；D．電能表的最大功率：P=UI=220V×30A=6600W＞4120W，太大，故該選項不符合題意；6、A【解析】

A、伽利略是杰出的意大利科學家，他通過觀察教堂里吊燈的來回擺動，進而反復進行實驗，發現了擺的等時性原理，故A正確；B、牛頓是首先用實驗研究光的色散現象的科學家，故B錯誤；C、阿基米德發現了杠桿的原理，故C錯誤；D、歐姆發現了歐姆定律，電流的磁效應是由奧斯特首先發現的，故D錯誤．7、C【解析】

閉合開關S，若甲、乙均為電壓表，兩電阻串聯，滑片向右移動的過程中，甲的示數不變，乙的示數變大，A是錯誤的，C是正確的；斷開開關S，若甲、乙均為電流表，兩電阻并聯，滑片向右移動的過程中，則兩表示數均變小，B、D是錯誤的．故本題正確選項是C．二、填空題（本大題7小題，共21分）8、750牛1000W【解析】

由W=FS可得拉力：F===750N，功率為：P===1000W。9、熱減少【解析】

[1]白熾燈是電流通過燈絲時發熱，當燈絲的溫度達到2500℃左右的白熾狀態時會發光的原理而制成的，故它利用的是電流的熱效應。[2]為了提高燈絲的溫度，減少散熱，才把燈絲做成螺旋狀。10、凸反射實【解析】

當光照射到二維碼的白色部分時，白色部分能夠反射所有色光；手機的鏡頭相當于凸透鏡，手機攝像頭是利用物距大于二倍焦距時，成倒立縮小實像的規律工作的，即二維碼反射的光經過攝像頭的折射而成實像，手機再通過解碼就可以獲取相關信息。11、色散藍【解析】

混合光分散為單色光的過程叫光的色散；色散的特點是形成了光帶．紅、綠、藍三種色光叫色光的三原色．【詳解】雨過天晴時，常在天空出現彩虹，這是太陽光通過懸浮在空氣中細小的水珠折射而成的，白光經水珠折射以后，分成各種彩色光，這種現象叫做光的色散現象．所以說雨后的天空出現彩虹是由光的色散形成的．用放大鏡觀察彩色電視畫面，可以發現彩色電視機屏幕上各種艷麗色彩是由紅、綠、藍三種色光通過適當的比例混合得到的．故答案為色散；藍．12、5運動【解析】(1)長江索道全長s＝1165m，單程運行時間為t＝233s，索道在該次運行的平均速度為：v＝＝5m/s.(2)駛離站臺后，車廂里的游客以對面的建筑為參照物，游客與地面位置發生了變化，所以游客自己是運動的．點睛：（1）根據公式v＝計算平均速度；（2）運動和靜止是相對的，相對于參照物來說物體位置發生變化則是運動的，否則是靜止的．13、晶體90方向3600【解析】

（1）晶體有固定的熔化溫度，而非晶體沒有．該物質圖象上BC段與時間軸平行的直線，表示該物質在熔化過程中不斷吸熱，溫度保持不變，因此該物質為晶體．DE段表示該液體沸騰時吸熱但溫度不再升高，此時的溫度90℃，即為這種物質的沸點；（2）實驗過程中，熱量由火焰傳遞給水，熱量不能從水傳遞給火焰，說明能量在轉移的過程中具有方向性；（3）由圖可知，CD段，t0=50℃，t=90℃，液態物質由第6min到第8min內吸收的熱量為：Q=cm（t-t0）=3×103J/（kg?℃）×0.02kg×（90℃-50℃）＝2400J；該物質的熔化過程經歷了3min，吸收熱量為Q吸=×3min＝3600J．14、所受浮力大于自身的重力減小氫氣球增加的機械能來自于下降空氣的機械能【解析】

浸沒在水中的木塊，當撒去對木塊的壓力時，由于所受浮力大于自身的重力，所以木塊上浮．木塊升高了，機械能增加了，會有一部分水下去填補木塊原來占據的位置，水面有所下降，所以水的重力勢能減少了．與木塊在水中上升的情況相似，氫氣球在空中上升，其機械能增加，氫氣球上升后，周圍有一部分空氣過來填充氫氣球原來占據的空間，所以有一部分空氣下降，其機械能減小，氫氣球增加的機械能來自于下降空氣的機械能．三、作圖題（共7分）15、【解析】

先畫出標度表示力的大小，物體靜止在水平面上，處于平衡狀態，所以受到的重力和地面的支持力是一對平衡力，兩者大小相等，所以支持力等于重力等于20N，支持力的方向與重力方向相反，豎直向上，由此可以用力的圖示法表示出物體受到的支持力．如下圖所示：16、【解析】

由圖可知，物體的重力即為阻力，方向豎直向下；根據杠桿平衡的條件，要使所用的動力最小，必須使動力臂最長，連接OA就是最長的動力臂L；要使杠桿平衡動力的方向應垂直于力臂向上，據此可畫出最小的動力F及其力臂L；如圖所示：【點睛】根據杠桿平衡的條件，F1×L1＝F2×L2，在杠桿中的阻力、阻力臂一定的情況下，要使所用的動力最小，必須使動力臂最長．而在通常情況下，連接杠桿中支點和動力作用點這兩點所得到的線段最長，據此可解決此題．17、【解析】

由圖可知，折射光線平行與主光軸，則入射光線過焦點；過光心的光線經凸透鏡折射后傳播方向不改變，如圖所示：四、實驗題（本大題共5小題，共20分）18、排開液體的體積深度等于4×101【解析】

（1）逐漸調高平臺，使重物浸入水中的體積越來越大，觀察到彈簧測力計的示數減小，重物受到的浮力增大；重物完全浸沒后，逐漸調高平臺，彈簧測力計的示數不變，則重物受到的浮力不變；實驗表明：浸在液體中的物體受到的浮力大小與排開液體的體積有關；當完全浸沒后，與深度無關．（2）根據F浮＝G﹣F示可知，彈簧秤A示數的減小值等于浮力的大小；排開的水流入薄塑料袋中，彈簧秤B測排開水的重力，即彈簧秤B的示數增大值為排開水的重力；根據阿基米德原理可知，彈簧秤A減小的數值（浮力）等于彈簧秤B增大的數值（排開水的重力），由此可以驗證阿基米德原理．（1）已知當物體有一半浸沒時，彈簧測力計A的示數為彈簧測力計B的示數的7倍，即F示A＝7F示B；根據稱重法可得F示A＝G﹣F浮，由阿基米德原理可得F示B＝G排＝F浮，所以有：G﹣F浮＝7F浮，則物體受到的浮力：F浮＝，由F浮＝ρ水gV排可得，物體排開水的體積：V排＝＝＝，因物體有一半浸沒在水中，則物體的體積：V＝2V排＝2×＝，物體的密度：ρ＝＝＝4ρ水＝4×1.0×101kg/m1＝4×101kg/m1．19、不相同A0.96AC干路電流等于各支路電流之和【解析】

根據題中“圖甲是琪皓和孟倫同學探究并聯電路的電流規律的電路圖”可知，本題考查實驗探究并聯電路的電流規律，考查歸納法的運用、電流表讀數及實驗結論并聯電路電流的規律。體現了對過程和方法的考查。【詳解】（1）實驗中，為得出普遍性的結論，他們應該選擇規格不相同的兩個小燈泡來進行實驗；（2）開關閉合前，琪皓同學發現電流表A的指針在零刻度線左端，電流表沒調零，故選A；（3）他們把電流表A糾正后，閉合開關進行實驗，兩燈都發光，電流表A與電流表A2的指針所指位置均為圖丙所示，根據并聯電路的規律，干路電流大于支路電流，故A表選用大量程，分度值為0.1A，示數為1.2A；電流表A2選用小量程，分度值為0.02A，示數為0.24A，則通過L1的電流為1.2A﹣0.24A＝0.96A；（4）實驗中，我們都要進行多次測量，是為了得出普遍性的結論；A．探究電流與電壓的關系，進行多次測量是為了得出普遍性的結論；B．探究杠桿的平衡條件，進行多次測量是為了得出普遍性的結論；C．刻度尺測物體的長度，進行多次測量是為了取平均值減小誤差，選C符合題意。（5）根據所測實驗數據，得出了如下的實驗結論：并聯電路中，干路電流等于各支路電流之和；20、斷開左小華電壓表右燈泡0.65W【解析】

(1)為保護電路，連接電路時，開關應斷開，滑動變阻器的滑片應滑到最大阻值處即左邊．(2)開關閉合前，說明沒有測量電壓，發現電壓表的指針在零刻度線左端，可知電壓表指針沒有調零，小華說法正確；(3)原電路中，電壓表直接通過電流表、變阻器與電源連通，所以，開關沒有閉合時電表就有讀數，改正后如下圖所示：(4)電壓表示數為2.0V小于燈的額定電壓，所以應增大燈的電壓減小變阻器分得的電壓，根據分壓原理，應減小變阻器連入電路中的電阻大小，即滑片向右滑動，直至燈泡兩端電壓為額定電壓；在圖c中，電流表小量程分度值為0.02A，則燈的額定功率P=UI=2.5V×0.26A=0.65W.21、斷開右端燈L（或電壓表）被短路左0.20.5【解析】

（1）圖中有兩處問題，分別是變阻器和電壓表未接入電路中，由于小燈泡的額定電壓是2.5V，故電壓表的量程應該選擇“3V”，變阻器接上端的接線柱；（2）連接電路時，開關應處于斷開的位置，變阻器的阻值調到最大，故滑片P置于最右端；（3）由于故障的現象是電流表有示數而電壓表無示數，所以故障是燈泡短路或者電壓表短路；（4）由圖讀出電壓表的示數為1.7V，小于小燈泡的額定電壓2.5V，故應該使電路中的電流增大，變阻器的阻值減小，所以滑片向左端移動；（5）由圖讀出電流表的示數為0.2A，這就是小燈泡的額定電流，故小燈泡的額定電功率為：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W．22、電流表能1.4換用兩節新的蓄電池不需要A54【解析】

（1）閉合開關后，滑片向左移動燈泡要變亮，則須滑片向左移動時滑動變阻器電阻要減小，所以應接左下端接線柱，即將燈泡右端接線柱與滑動變阻器左下端接線柱連接即可．如圖：（2）故障原因是電流表內部斷路，即電流表電路不通，所以將電流表兩端用導線連接，就可以將電路重新接通，燈泡及其他元件就能工作．（3）由電路實物圖可知，電流使用0-0.6A量程，分度值為0.02A，其示數為0.4A，燈泡電壓此時為額定電壓3.5V，則小燈泡的額定功率為P=UI=3.5V×0.4A=1.4W．（4）因實驗使用的電源為兩節舊的蓄電池，電源電壓太低，才導致無論怎么調節滑動變阻器的滑片都無法使電壓表示數大于3.5V，所以他應換用兩節新的蓄電池；因燈泡的實際功率由其實際電壓決定，只要實驗過程中燈泡的電壓調節符合要求，即可完成實驗，所以不需要重新測量前兩次的實驗數據．（5）在U-I圖像中，=R為圖線的斜率，由圖像可知，U-I圖線斜率在減小，即該用電器的電阻在減小．根據P=I2R可得=R，可知P-I2圖線的斜率在減小，故B、D錯誤；根據P=可得=，因該用電器電阻減小，所以在增大，即P-U2圖線斜率在增大，故A正確，C錯誤．（6）可合理選擇電流表和電壓表的量程，則電路中的最大電流以滑動變阻器允許通過的電流為準，即I最大=1A．當接入最小的電阻5Ω時，電壓表示數即為允許的最大電壓U最大=R最小I最大=5Ω×1A=5V；因變阻器的最大阻值為10Ω，當變阻器電阻全部連入電路中時，若接入最大的電阻R最大=20Ω，此時電路中的最小電流I最小==0.2A，則定值電阻的最小電壓U最小=I最小R最大=0.2A×20Ω=4V．所以定值電阻兩端的電壓至多控制為5V，至少控制為4V．五、計算題（本大題共2小題，共13分）23、（1）0.5kg（2）5×10﹣4m1（1）0.8×101kg/m1【解析】

（1）水的質量：m水＝m總水﹣m瓶＝0.55kg﹣0.05kg＝0.5kg；（2）因裝滿水后水的體積和瓶子的容積相等，所以由ρ＝可得瓶子的容積：V＝V水＝＝＝5×10﹣4m1；（1）盛滿某種液體后，液體的質量：m液＝m總液﹣m瓶＝0.45kg﹣0.05kg＝0.4kg，液體的體積：V液＝V＝5×10﹣4m1，該液體的密度：ρ液＝＝＝0.8×101kg/m1．24、（1）15V；（2）75J．【解析】

（1）由電路圖知道，當閉合開關S1，斷開開關S2時，只有R1接入電路中，電流表測電路中的電流，所以，由I=U/R知道，電源兩端的電壓是：U=U1=I1R1=1.5A×10Ω=15V；（2）當閉合開關S1、S2時，兩電阻并聯，由于并聯電路的總電流等于各支路電流之和，所以，通過R2的電流是：I2=I-I1=2A-1.5A=0.5A，10s內電流通過R2產生的熱量是：Q=W=UI2t=15V×0.5A×10s=75J．六、綜合能力題（本大題共3小題，共18分）25、R1足浴盆中沒有水也會閉合電路讓電路處于工作狀態D24.2Ω7.5×105J【解析】

（1）分析電路圖即可得出工作電阻，壓控開關可起到保護電路的作用；（2）由題意知熱敏電阻隨溫度升高而降低，由串聯電路電阻特點求出某溫度下的電阻，讀圖即可確定變化曲線（3）利用P=U2R計算阻值；（4）【詳解】（1）由題知，加熱至40℃時，控制電路中的電磁鐵會將銜鐵吸合，自動進入保溫模式，由圖乙知，此時工作電路中只有R1接入電路中，即工作的電阻是R1；當足浴盆注入一定量水時壓控開關S1（2）控制電路中線圈與熱敏電阻R1串聯，由題知，當足浴盆中水溫加熱至40℃時，線圈中的電流大于或等于20毫安，電磁鐵才會將銜鐵吸合，說明溫度升高，由歐姆定律知熱敏電阻R1的阻值減小，故A、B曲線不符合題意；由串聯電路特點和歐姆定律可得，當線圈中的電流等于20mA＝0.02A時，控制電路的總電阻：R總＝R1+R線圈＝UI，即：R1+100Ω＝6V0.02A，解得：R1＝200Ω，當水溫達到40℃，由圖丙中曲線C對應電阻為300Ω、曲線D對應電阻為200Ω，故R1（3）在工作電路兩電阻并聯，同時工作時為加熱模式，保溫模式只有R1接入電路中，根據甲中參數知：P加熱＝2100W，P保溫＝100W，所以，R2的功率：P2＝P加熱﹣P保溫═2100W﹣100W＝2000W，R2的阻值：R2＝U2（4）加熱時間為5分鐘，保溫時間為20分鐘消耗的總電能：W＝W加熱+W保溫＝P加熱t加熱+P保溫t保溫＝2100W×300s+100W×1200s＝7