2022-2023高二下物理期末模擬試卷請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、首次成功解釋光電效應和首次提出物質波的科學家分別是()A．愛因斯坦、康普頓 B．普朗克、愛因斯坦C．普朗克、德布羅意 D．愛因斯坦、德布羅意2、如圖所示，M、N為真空中兩根完全相同的均勻帶正電絕緣棒，所帶電荷量相同，且平行正對放置，兩棒中點分別為O1、O2，a、b、c、d、e為O1O2連線上的六等分點，a點處有一帶正電的固定點電荷．已知c處和d處的場強大小均為E0，方向相反，則b處的場強大小為()A．E0B．C．D．3、如圖所示，小球A、B通過一條細繩跨過定滑輪連接，它們都套在一根豎直桿上．當兩球平衡時，連接A、B兩球的細繩與水平方向的夾角分別為θ和2θ.假設裝置中的各處摩擦均不計，則A、B球的質量之比為A．1：2cosθ B．2cosθ：1C．tanθ：1 D．1：2sinθ4、根據熱力學第二定律，下列說法正確的是（）A．電冰箱的工作過程表明，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞而不造成任何影響B．機械能可以全部轉化為內能，內能也可以自發地全部轉化為機械能C．可以做成一種熱機，由熱源吸取一定的熱量而對外做功D．冰可以融化為水，水也可以結成冰，這個現象違背了熱力學第二定律5、如圖所示，A、B、C、D、E、F是在勻強電場中一個邊長為2cm的正六邊形的六個頂點，該六邊形所在平面與電場線圖中沒有畫出平行．如果已知A、C、E三點的電勢分別為、0V、2V，則下列說法正確的是(

)A．通過CD和AF的直線應為電場中的兩條等勢線B．勻強電場的場強大小為C．勻強電場的場強方向為由D指向BD．將一個電子由D點移到A點，其電勢能將減少6、在一個圓的直徑上有一對等量異種電荷，它們

在圓心O處產生的電場強度是大小是E1；如果把負電荷從b處移到c，已知oc與oa的夾角為60°，此時O點的電場強度大小變為E2，則E1與E2之比為（）A．1：2 B．2：1 C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一小球豎直向上拋出，先后經過拋出點的上方h=5m處的時間間隔t=2s，則下列說法正確的是A．小球的初速度v0為B．小球的初速度v0為10m/sC．小球從拋出到返回原處所經歷的時間是2sD．小球從拋出到返回原處所經歷的時間是s8、用雙縫干涉測光的波長實驗中，用頻率為f的紅光垂直照射狹縫，觀察到了干涉條紋．設光速為c，下列說法正確的是（）A．實驗中若將入射光由紅光換成紫光，相鄰兩個亮條紋間距將變寬B．如果將雙縫的間距變大，則屏上的干涉條紋的間距將變寬C．在光屏的P點出現第3條暗條紋，則P點到雙縫S1S2的距離之差為D．用白光做實驗時，偏離中央亮條紋較遠的是紅光9、如圖所示，光滑斜面PMNQ的傾角為θ=30°，斜面上放置一矩形導體線框abcd，其中ab邊長L1=0.5m，bc邊長為L2，線框質量m=1kg、電阻R=0.4Ω，有界勻強磁場的磁感應強度為B=2T，方向垂直于斜面向上，ef為磁場的邊界，且ef//MN。導體框在沿斜面向上且與斜面平行的恒力F=10N作用下從靜止開始運動，其ab邊始終保持與底邊MN平行。已知導線框剛進入磁場時做勻速運動，且進入過程中通過導線框某一截面的電荷量q=0.5C，則下列判斷正確的是A．導線框進入磁場時的速度為2m/sB．導線框bc邊長為L2=0.1mC．導線框開始運動時ab邊到磁場邊界ef的距離為0.4mD．導線框進入磁場的過程中產生的熱量為1J10、兩根相距1m的足夠長的金屬彎角光滑導軌如圖所示放置，它們各有一段在同一水平面內，另一段與水平面的夾角為37°，質量均為0.1kg的金屬細桿ab、cd與導軌垂直接觸，形成閉合回路，導軌的電阻不計，回路的總電阻為2Ω，整個裝置處于磁感應強度大小為1T、方向豎直向上的勻強磁場中，當ab桿在平行于水平導軌的拉力F的作用下以速率v（未知）沿導軌勻速運動時，cd桿也以速率v沿導軌向上勻速運動。取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，下列說法正確的是A．回路中的感應電流為0.6AB．cd桿所受安培力的大小為0.75NC．水平拉力F的功率為5.625WD．3s內通過ab桿的電荷量為3.75C三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用如圖所示的裝置，探究共點力合成的規律．ABCD為豎直平板，E、F兩處固定了摩擦不計的輕質滑輪，滑輪的軸保持水平，所用繩子的質量可不計．第一次實驗，當裝置平衡時，記下繩子的結點D和三段繩子拉力的________和對應鉤碼的數目，數據如圖所示，如果“力的平行四邊形定則”成立，則sinβsinα=________；第二次實驗，僅把右側滑輪F的位置移動到圖中的G點，待穩定后，∠EOF將__________（選填“變大”、“變小”或“12．（12分）在用打點計時器“測定勻變速直線運動的加速度”實驗中:（1）所用實驗器材除電磁打點計時器(含紙帶、復寫紙)、小車、一端帶有滑輪的長木板、繩、鉤碼、導線及開關外，在下面的器材中，必須使用的還有___________(填選項代號)A．電壓合適的交流電源B．電壓合適的直流電源C．刻度尺D．停表E.天平（2）某同學將打點計時器接到頻率為50Hz的交流電源上，實驗時得到一條紙帶，紙帶上為計數點，每相鄰兩個計數點間還有4個點沒有畫出.由紙帶可知，打C點時小車的速度__________m/s(結果保留三位有效數字).（3）若實驗時，電源頻率略低于50Hz，但該同學仍按50Hz計算小車的速度，則測量得到的小車速度與真實速度相比將_______________(填“偏大”“偏小”或“不變”).四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在勻強磁場中有一傾斜的平行金屬導軌，導軌間距為L，長為3d，導軌平面與水平面的夾角為θ，在導軌的中部刷有一段長為d的薄絕緣涂層．勻強磁場的磁感應強度大小為B，方向與導軌平面垂直．質量為m的導體棒從導軌的頂端由靜止釋放，在滑上涂層之前已經做勻速運動，并一直勻速滑到導軌底端．導體棒始終與導軌垂直，且僅與涂層間有摩擦，接在兩導軌間的電阻為R，其他部分的電阻均不計，重力加速度為g．求：（1）導體棒與涂層間的動摩擦因數μ；（2）導體棒勻速運動的速度大小v；（3）整個運動過程中，電阻產生的焦耳熱Q．14．（16分）如圖所示，兩根平行金屬導軌MN、PQ相距d＝1.0m，兩導軌及它們所在平面與水平面的夾角均為α＝30°，導軌上端跨接一阻值R＝1.6Ω的定值電阻，導軌電阻不計.整個裝置處于垂直兩導軌所在平面且向上的勻強磁場中，磁感應強度大小B＝1.0T.一根長度等于兩導軌間距的金屬棒ef垂直于兩導軌放置(處于靜止)，且與導軌保持良好接觸，金屬棒ef的質量m1＝0.1kg、電阻r＝0.4Ω，到導軌最底端的距離s1＝3.75m.另一根質量m2＝0.05kg的絕緣棒gh，從導軌最底端以速度v0＝10m/s沿兩導軌上滑并與金屬棒ef發生正碰(碰撞時間極短)，碰后金屬棒ef沿兩導軌上滑s2＝0.2m后再次靜止，此過程中電阻R產生的焦耳熱Q＝0.2J.已知兩棒(ef和gh)與導軌間的動摩擦因數均為μ＝，取g＝10m/s2，求：(1)絕緣棒gh在與金屬棒ef碰前瞬間的速率v；(2)兩棒碰后，安培力對金屬棒ef做的功W以及碰后瞬間金屬棒ef的加速度a的大小；(3)金屬棒ef在導軌上運動的時間t.15．（12分）一彈性小球自4.9m高處自由下落，當它與水平地面每碰一次，速度減小到碰前的7/9，試求小球開始下落到停止運動所用的時間．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

普朗克提出量子假說，此后愛因斯坦提出光量子假說，成功解釋了光電效應，首次提出物質波假說的科學家是德布羅意。A.A項與上述分析結論不相符，故A不符合題意；B.B項與上述分析結論不相符，故B不符合題意；C.C項與上述分析結論不相符，故C不符合題意；D.D項與上述分析結論相符，故D符合題意。2、D【解析】

設O1、O2，a、b、c、d、e相鄰兩點間的距離為r，帶正電的點電荷電荷量為Q.兩絕緣棒在d處產生的合場強大小為E，根據對稱性和電場的疊加原理可知：c處有，d處有：，則得，方向向左；根據對稱性可知：兩絕緣棒在b處產生的合場強大小為，方向向右，故b處的場強大小：，D正確．【點睛】根據點電荷場強公式和電場的疊加原理，表示出兩絕緣棒在d處產生的合場強，根據對稱性得到在b處的合場強，再由電場的疊加求解．3、A【解析】

設繩子的拉力為T，則對小球A：Tsinθ=mAg；對B：Tsin2θ=mBg；聯立解得mA：mB=1：2cosθ，故選A.4、C【解析】A、電冰箱的工作過程表明，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞，在該過程中壓縮機做功，產生其他的變化，故A錯誤；B、機械能可以全部轉化為內能，內能不可以自發地全部轉化為機械能，故B錯誤；C、可以制成一種熱機，由熱源吸取一定的熱量而對外做功，如各種內燃機，但注意不是全部用來對外做功，故C正確；D、冰可以熔化成水，水也可以結成冰，伴隨能量的轉移，不是自發進行的，故這個現象沒有違背熱力學第二定律，故D錯誤；故選C．【點睛】所有與熱現象有關的過程都有一定的方向性，不可能把熱從低溫物體傳到高溫物體而不產生其他影響；功和能的轉化具有方向性，其逆過程是不可能自發實現的；只要不要求吸收的熱量全部用來做功而產生其他影響，可以做成一種熱機，由熱源吸取一定熱量而對外做功；熱力學第二定律說明：熱量可以自發地從較熱的物體傳遞到較冷的物體，但不可能自發地從較冷的物體傳遞到較熱的物體．5、C【解析】

試題分析：連接AE兩點，則其中點電勢為0V，與C等勢，C與該中點連線即為等勢線，勻強電場中的等勢線應是平行的，而該連線與CD、AF不平行，A錯誤；電場方向由E指向A方向（由D指向B），根據可得，B錯誤C正確；DE是一條電勢為2V的等勢面，將電子由D點移動到A點，電場力做負功，，其電勢能增加，D錯誤；【名師點睛】本題的關鍵找等勢點，作出電場線，這是解決這類問題常用方法．同時還要充分利用正六邊形的對稱性分析勻強電場中各點電勢的關系6、B【解析】

本題考查電場的疊加，要注意電場強度為矢量，在求合場強時應先分別求得各電荷在O點的場強再由矢量的合成方法-平行四邊形即可求得總的場強．【詳解】依題意得，每個點電荷在O點產生的場強大小為，當b點處的點電荷移至c點時，O點場強如圖所示：由幾何關系可知，合場強大小為，所以，故B正確，ABC錯誤．故本題選B．【點睛】由電場的疊加原理可得到兩個點電荷單獨在O點形成的場強大小；移動之后兩電荷距O點的距離不變，故電場強度大小不變，則由矢量合成的方向可得出移動之后的合電場；即可求得比值二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】建立物理模型如圖所示：小球先后經過A點的時間間隔為：△t=2

s，則上升過程中的時間為：小球在A點處的速度為：vA=gt1=10

m/s；在OA段根據公式有：vA2-v02=-2gs解得：小球從O點上拋到A點的時間為：根據對稱性，小球從拋出到返回原處所經歷的總時間為：．點晴：本題要注意應用全程進行分析，因為小球的往返過程中加速度保持不變，故可以看作是同一個運動．8、CD【解析】

A．將入射光由紅光換成紫光，則波長變小，根據雙縫干涉條紋的間距公式知，亮條紋間距變小，A錯誤；B．將雙縫的間距變大，根據雙縫干涉條紋的間距公式知，亮條紋間距變小，B錯誤；C．雙縫到光屏上P點的距離之差是半波長的奇數倍，會出現暗條紋，第三條暗條紋距離之差為，C正確；D．由于干涉實驗中，根據雙縫干涉條紋的間距公式知，條紋間距與光波長成正比，而紅光波長最大，故偏離中央明條紋最遠的是紅光，D正確。故選CD【點睛】根據雙縫干涉條紋的間距公式判斷條紋間距的變化．9、ACD【解析】導線框剛進入磁場時做勻速運動，則F=mgsin300+B2L12vR，解得v=2m/s；根據q=ΔΦR=BL1L2R，解得L點睛：此題關鍵是搞清線圈進入磁場的過程的受力情況以及能量轉化情況；并且要記住一些經驗公式，例如安培力的公式F安=B210、BC【解析】

AB.對于cd桿，分析受力如圖:根據平衡條件得：F安=mgtan37°；對ab桿，由于感應電流的大小、導線的長度相等，兩桿所受的安培力大小相等，由平衡條件得知，F=F安，則得：F=mgtan37°=0.75N.cd桿所受的安培力F安=BIL，則得電流為I=mgtan37°BL=0.1×10×0.751×1C.回路中產生的感應電動勢E=IR=1.5V，根據導體棒切割磁感應線產生的感應電動勢計算公式可得：E=BLv-BLvcos37°，解得：v=7.5m/s，所以水平拉力F的功率為P=Fv=5.625W;故C正確.D.3s內通過ab桿的電荷量為q=It=2.25C;故D錯誤.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、方向43不變【解析】

驗證力的平行四邊形法則的實驗中需要根據力的大小和方向做平行四邊形，因此該實驗中需要記錄的是力的大小和方向；結點O處于平衡狀態，水平方向：3mgcoaα=4mgcosβ，豎直方向：3mgsinα=4mgsinβ=5mg，可解得sinβsinα=43；三力平衡，兩個力的合力和第三個力等大反向，因為鉤碼的個數不變，即三個力的大小不變，O點所受豎直方向的拉力大小不變（5mg），所以12、AC0.813偏大【解析】

（1）[1]打點計時器工作做交流電上，在兩點之間的距離用到了刻度尺，所以還需要的器材是交流電源和刻度尺，故AC正確，BD錯誤；（2）[2]每相鄰兩個計數點間還有4個點沒有畫出，所以相鄰兩點之間的時間間隔為0.1s，根據中間時刻的速度等于平均速度可知（3）[3]）若實驗時，電源頻率略低于50Hz，相當于在計算速度時時間T代入偏小，根據可知測得速度偏大四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）μ＝tanθ；（2）v＝；（3）Q＝2mgdsinθ－【解析】試題分析：（1）導體棒在絕緣涂層上滑動時，受重力mg、導軌的支持力N和滑動摩擦力f作用，根據共點力平衡條件有：mgsinθ＝f，N＝mgcosθ根據滑動摩擦定律有：f＝μN聯立以上三式解得：μ＝tanθ（2）導體棒在光滑導軌上滑動時，受重力mg、導軌的支持力N和沿導軌向上的安培力FA作用，根據共點力平衡條件有：FA＝mgsinθ根據安培力大小公式有：FA＝ILB根據閉合電路歐姆定律有：I＝根據法拉第電磁感應定律有：E＝BLv聯立以上各式解得：v＝（3）由題意可知，只有導體棒在導軌光滑段滑動時，回路中有感應電流產生，因此對導體棒在第1、3段d長導軌上滑動的過程，根據能量守恒定律有：Q＝2mgdsinθ－解得：Q＝2mgdsinθ－考點：本題主要考查了共點力平衡條件、安培力大小公式、閉合電路歐姆定律、法拉第電磁感應定律、能量守恒定律的應用問題，屬于中檔題．14、(1)5m/s；(2)0.25J，25m/s2；(3)0