2023年江蘇省南通市海安中學物理高一下期中學業質量監測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、勻速圓周運動是一種()A．勻速運動B．勻加速運動C．勻加速曲線運動D．變加速曲線運動2、物體放在光滑水平面上，在水平恒力F作用下由靜止開始運動，經時間t通過的位移是x.如果水平恒力變為2F，物體仍由靜止開始運動，經時間2t通過的位移是()A．x B．2x C．4x D．8x3、如圖所示，物體A和B的質量均為m，且分別與跨過定滑輪的輕繩連接（不計繩與滑輪、滑輪與軸之間的摩擦），在用水平變力F拉物體B沿水平方向向右運動，剛好使A向上做勻速直線運動的過程中，則（）A．物體B在水平方向向右也做勻速直線運動B．物體B在水平方向向右的做減速運動C．繩子拉力大于物體A所受重力D．繩子拉力小于物體A所受重力4、我國首顆由東中校友潘建偉主導的量子衛星于2016年8月16日1點40分成功發射。量子衛星成功運行后，我國將在世界上首次實現衛星和地面之間的量子通信，構建天地一體化的量子保密通信與科學實驗體系。如圖所示，量子衛星最后定軌在離地面5×102km的預定圓周軌道，已知地球半徑約為6.4×103km，同步衛星距地面約3.6×104km，下列說法正確的是A．量子衛星的發射速度可能為7.8km/sB．量子衛星的環繞速度小于同步衛星的環繞速度C．量子衛星的向心加速度小于同步衛星的向心加速度D．量子衛星繞地球的周期小于同步衛星繞地球的周期5、如圖所示是一個電熱水壺的銘牌。某同學利用所學知識，結合該銘牌上獲取的信息，得出該電熱水壺（）A．只能在220V電壓下工作B．正常工作5min耗電約0.5kW?hC．正常工作時的電流約為6.8AD．用多用電表測量其電阻值約為32Ω6、如圖甲所示，一個質量m＝2kg的物塊靜止放置在粗糙水平地面O處，物塊與水平面間的動摩擦因數μ＝0.5，在水平拉力F作用下物塊由靜止開始向右運動，經過一段時間后，物塊回到出發點O處，取水平向右為速度的正方向，物塊運動過程中其速度v隨時間t變化規律如圖乙所示，g取10m/s2。則（）A．物塊經過4s回到出發點B．4.5s時水平力F的瞬時功率為24WC．0~5s內摩擦力對物塊先做負功，后做正功，總功為零D．0~5s內物塊克服摩擦力做功為65J7、下列關于位移和路程的說法中正確的是（）A．路程是標量，只有大小；位移是矢量，有大小也有方向B．物體沿直線運動，通過的路程一定等于位移大小C．物體兩次通過的路程不等，位移可能相等D．物體通過一段路程，則它通過的位移不可能為零8、在下列實例中，不計空氣阻力，機械能守恒的是（）A．做平拋運動的物體 B．在豎直面上做勻速圓周運動的物體C．沿斜面勻速下滑的物體 D．做自由落體運動的物體9、關于曲線運動，下列說法正確的是（）A．曲線運動一定是變速運動B．做曲線運動的物體，受到的合外力方向一定在不斷改變C．只要物體做圓周運動，它所受的合外力一定指向圓心D．做勻變速曲線運動的物體，相等時間內速度的變化量相同10、在力學理論建立的過程中，有許多偉大的科學家做出了貢獻．關于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是A．伽利略發現了行星運動的規律B．卡文迪許通過實驗測出了引力常量C．牛頓最早指出力不是維持物體運動的原因D．笛卡爾對牛頓第一定律的建立做出了貢獻11、下列給出的四組圖象中，能夠反映同一直線運動的是()A． B．C． D．12、如圖甲所示，一個匝數n＝100的圓形導體線圈，面積S1＝0.4m2，電阻r＝1Ω。在線圈中存在面積S2＝0.3m2的垂直線圈平面向外的勻強磁場區域，磁感應強度B隨時間t變化的關系如圖乙所示。有一個R＝2Ω的電阻，將其兩端a、b分別與圖甲中的圓形線圈相連接，b端接地，則下列說法正確的是（）A．圓形線圈中產生的感應電動勢E＝6V B．在0～4s時間內通過電阻R的電荷量q＝6CC．設b端電勢為零，則a端的電勢φa＝3V D．在0～4s時間內電阻R上產生的焦耳熱Q＝18J二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(1）在“研究平拋物體的運動規律”的實驗中，在安裝實驗裝置的過程中，斜槽末端的切線必須是水平的，這樣做的目的是______A．保證小球飛出時，速度既不太大，也不太小B．保證小球飛出時，初速度水平C．保證小球在空中運動的時間每次都相等D．保證小球運動的軌道是一條拋物線(2）引起實驗誤差的原因是______A．小球運動時與白紙相接觸B．斜槽不是絕對光滑的，有一定摩擦C．確定oy軸時，沒有用重錘線D．描繪同一平拋運動軌跡的實驗中，多次實驗，沒有保證小球從斜面上同一位置無初速釋放（3）為了探究平拋運動的規律，將小球A和B置于同一高度，在小球A做平拋運動的同時靜止釋放小球B．同學甲直接觀察兩小球是否同時落地，同學乙拍攝頻閃照片進行測量、分析．通過多次實驗，下列說法正確的是______A．只有同學甲能證明平拋運動在水平方向是勻速運動B．兩位同學都能證明平拋運動在水平方向是勻速運動C．只有同學甲能證明平拋運動在豎直方向是自由落體運動D．兩位同學都能證明平拋運動在豎直方向是自由落體運動（4）在做平拋實驗的過程中，小球在豎直放置的坐標紙上留下三點痕跡，如圖是小球做平拋運動的閃光照片，圖中每個小方格的邊長都是0.54cm，已知閃光頻率是30Hz，那么重力加速度g=_____ms2，小球的初速度是______ms，球過14、（10分）用如圖甲所示的裝置“驗證機械能守恒定律”，將兩物塊A和B用輕質細繩連接并跨過輕質定滑輪，B下端連接紙帶，紙帶穿過固定的打點計時器，用天平測出A、B兩物塊的質量mA＝300g，mB＝100g，A從高處由靜止開始下落，B拖著的紙帶打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律，圖乙給出的是實驗中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數點間還有4個點(圖中未標出)，計數點間的距離如圖乙所示，已知打點計時器計時周期為T＝0.02s，則：(1)在打點0～5過程中系統動能的增加量ΔEk＝______J，系統勢能的減小量ΔEp＝________J(重力加速度g＝9.8m/s2，結果均保留三位有效數字)(2)用v表示物塊A的速度，h表示物塊A下落的高度.若某同學作出的－h圖象如圖丙所示，則可求出當地的重力加速度g＝________m/s2(結果保留三位有效數字).三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）一列簡諧橫波沿繩向右傳播，當繩上質點A向上運動到最大位移時，在其右方相距0.3米的質點B向下運動到最大位移，已知波長大于0.15米，求這列波的波長是多少？如質點A由最大位移回到平衡位置的時間為0.1秒，此波波速為多少16、（12分）汽車發動機的額定功率為，汽車的質量為，汽車在水平路面上行駛時，阻力是車重的倍，．（1）若汽車保持額定功率不變從靜止啟動，當汽車的速度為時，加速度多大（2）若汽車以的加速度從靜止開始做勻加速啟動，經過多長時間汽車功率達到額定值？（3）若汽車保持額定功率不變從靜止啟動，經到達最大行駛速度汽車從靜止到開始勻速運動時所通過的路程是多少？17、（12分）傳送帶以恒定速度v=1.2m/s運行，傳送帶與水平面的夾角為θ=37°．現將質量m=20kg的物品輕放在其底端，經過一段時間物品被送到h=1.8m高的平臺上，如圖所示．已知物品與傳送帶之間的動摩擦因數μ=0.85，則：（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）（1）物品從傳送帶底端到平臺上所用的時間是多少？（2）物塊上升到平臺過程機械能增加了多少？（3）每送一件物品電動機多消耗的電能是多少？

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】勻速圓周運動加速度始終指向圓心，方向時刻在變化，加速度是變化的，是變加速曲線運動，故D正確，ABC錯誤。2、D【解析】在第一個過程中，由牛頓第二定律可知：；根據運動學公式：．同理，在第二個過程中，，，聯立上述各式，得，故D正確．3、B【解析】

AB．設繩子與水平方向的夾角為α，將B的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，沿繩子方向的分速度等于A的速度，有，A向上做勻速直線運動，B沿水平方向向右運動，則α減小，則B的速度減小，B做減速運動，A錯誤B正確；CD．因A向上做勻速運動，加速度為零，拉力，CD錯誤。故選B。4、D【解析】

根據萬有引力提供向心力，有：，得：，，，最小的發射速度是7.9km/s，所以量子衛星的發射速度不可能為7.8km/s，它會落向地面，不可能成為地球的衛星，故A錯誤；由可知，半徑比較小的量子衛星運行線速度比同步衛星線速度大。故B錯誤；由可知，軌道半徑越小，向心加速度越大，量子衛星的向心加速度比同步衛星大，故C錯誤；由，可知軌道半徑越小，周期越小，則量子衛星的周期小于同步衛星的周期，故D正確。5、C【解析】

由銘牌信息可得出水壺的額定功率及額定電壓，由I=P/U求出額定電流，由W=Pt可求得電能，由歐姆定律求出其額定電阻；【詳解】該水壺可以在220V及之下的電壓下工作；故A錯誤；工作5min時，消耗的電能為：W=Pt=1.5kw×h=0.125kwh；故B錯誤；由銘牌信息可知，額定功率為1500W；額定電壓為220V；則由P=UI可得：；故C正確；金屬絲的電阻率隨溫度的升高而升高，所以用多用電表測量其電阻值小于額定電阻，額定電阻為：，所以用多用電表測量其電阻值小于32Ω；故D錯誤；故選C。6、B【解析】

A．由圖象可知，在4s內一直向右運動，因此物塊經過4s距離出發點最遠，A錯誤；C．整個運動過程中，摩擦的方向始終與運動方向相反，因此摩擦力始終做負功，C錯誤；D．在圖象中，圖象與時間軸圍成的面積絕對值之和等于路程，因此5s內運動的路程克服摩擦做的功D錯誤；B．在圖象中，圖象的斜率表示加速度，由圖可知，在4~5s時間內物體反向向左運動，加速度大小為，根據牛頓第二定律代入數據得水平力的大小而4.5s時的速度大小為1.5m/s，因此該時刻的瞬時功率B正確。故選B。7、AC【解析】

A．路程是標量，只有大小，沒有方向，位移是矢量，既有大小又有方向，故A正確；B．只有物體做單向直線做運動時，通過的路程才等于位移大小，其他情況下，通過的路程總大于位移大小，故B錯誤；C．物體沿不同的路徑從一點運動至另一點，位移相同，路程一般不同，故C正確；D．如果物體運動一圈繞回原出發點，則位移為零，而路程不為零，故D錯誤。故選AC。8、AD【解析】

A．做平拋運動的物體，只受重力，機械能守恒，A正確；B．在豎直面上做勻速圓周運動的物體，動能不變，重力勢能變化，所以機械能變化，故機械能不守恒，B錯誤；C．沿斜面勻速下滑的物體，動能不變，重力勢能減小，故機械能不守恒，C錯誤；D．做自由落體的物體，只受重力，機械能守恒，D正確。故選AD。9、AD【解析】試題分析：做曲線運動的物體的速度方向一定改變，故曲線運動一定是變速運動，A正確；做曲線運動的物體，受到的合外力方向不一定在不斷改變，例如平拋運動所受的合外力為重力，大小方向都不變；B錯誤；只有做勻速圓周運動的物體所受的合外力才是一定指向圓心，C錯誤；做勻變速曲線運動的物體，相等時間內速度的變化量相同，均為aT，選項D正確；故選AD．考點：曲線運動的特點；平拋運動及圓周運動的規律．【名師點睛】物體做曲線運動時，所受合外力的方向與加速度的方向在同一直線上，合力可以是恒力，也可以是變力，加速度可以是變化的，也可以是不變的．平拋運動的物體所受合力是重力，加速度恒定不變，平拋運動是一種勻變速曲線運動．物體做圓周運動時所受的合外力不一定是其向心力．10、BD【解析】試題分析：行星運動定律由開普勒、牛頓等人發現，選項A錯誤．庫侖測量出靜電力常數，選項B錯誤．伽利略最早指出力不是維持物體運動的原因，選項C錯誤．笛卡爾對牛頓第一定律的建立做出了貢獻，選項D正確．考點：本題考查了物理學史．11、BC【解析】

試題分析：AB第一個圖是速度時間圖象，由速度時間圖象可知：0-3s內物體以速度6m/s勻速運動，4-5s內做勻加速直線運動，加速度為2m/s2，A圖中位移時間圖象表示0-3s內物體靜止，4-5s內物體也靜止，故A錯誤；B圖中速度圖像表示0-3s內物體以速度6m/s勻速運動，4-5s內物體勻加速運動，加速度為2m/s2，故B正確；C圖中位移圖像表示物體先靜止后勻速運動，速度大小為2m/s，而速度圖像在前3s為速度為零，3-5s做勻速運動大小為2m/s，故C正確，D圖中位移時間圖象表示0-3s內物體處于靜止狀態，加速度為零的運動，4-5s內物體勻速運動，而加速度時間圖像中0~3s內物體做加速度為零的運動，4~5s內物體做勻加速直線運動，狀態不一致，故D錯誤．考點：本題主要考查了運動圖象問題，點評：v-t圖象中，傾斜的直線表示勻變速直線運動，斜率表示加速度，位移-時間圖象的斜率等于物體運動的速度，加速度時間圖象表示加速度隨時間變化情況，根據圖象即可求解．12、BD【解析】

A．由法拉第電磁感應定律可得E＝nS2，由題圖乙可得，將其代入可得E＝4.5V，A錯誤；B．由電量公式：，在0～4s穿過圓形導體線圈磁通量的變化量為ΔΦ＝0.6×0.3Wb-0＝0.18Wb，代入可得q＝6C，B正確；C．0～4s內磁感應強度增大，圓形線圈內磁通量增加，由楞次定律結合安培定則可得b點電勢高，a點電勢低，故C錯。D．由于磁感應強度均勻變化產生的電動勢與電流均恒定，可得，由焦耳定律可得Q＝I2Rt＝18J，D正確。故選BD。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、BACDD9.720.490.81【解析】（1）研究平拋運動的實驗很關鍵的地方是要保證小球能夠水平飛出，只有水平飛出時小球才做平拋運動，故ACD錯誤，B正確．（2）依據特點，看小球在末端是否滾動，確定是否水平．（3）小球運動時不應與木板上白紙接觸，防止摩擦而改變運動的軌跡，會造成較大誤差，故A正確；確定oy軸時，沒有用重錘線，就不能調節斜槽末端切線水平，保證初速度沿水平方向，故B正確；只要讓它從同一高度，無初速開始運動，在相同的情形下，即使球與槽之間存在摩擦力，仍能保證球做平拋運動的初速度相同，因此，斜槽軌道不必要光滑，故C錯誤；因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，D錯誤．（4）在圖甲的實驗中，改變高度和平拋小球的初速度大小，發現兩球同時落地，說明平拋運動在豎直方向上做自由落體運動，不能得出水平方向上的運動規律．在圖乙實驗中，通過頻閃照片，發現自由落體運動的小球與平拋運動的小球任何一個時刻都在同一水平線上，知平拋運動在豎直方向上的運動規律與自由落體運動相同，所以平拋運動豎直方向上做自由落體運動，頻閃照片顯示小球在水平方向相等時間內做的水平位移相等，知水平方向做勻速直線運動，所以D選項是正確的．（5）相鄰兩個點的時間間隔為130s，在豎直方向上g=ΔyT中間點在豎直方向上的速度vy=所以vA14、1.151.189.70【解析】

（1）[1][2]每相鄰兩計數點間還有4個點，可知T=0.1s，則打B點時的速度在打點0～5過程中系統動能的增加量系統勢能的減小量ΔEp＝(mA-mB)gh5=0.2×9.8×(0.384+0.216)J=1.18J（2）[3]由可得則解得g=9.7m/s2三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、v1=1.5(1+2K)m/s；v2=0.5(1+2K)m/sK=0、1、2、3……【解析】

符合波長大于0.15米的情況有兩種情況一：l/2=0.3l=0.6m情況二：l/2+l=0.3l=0.2m