廣東省信宜市2022-2023學年物理高二下期中聯考模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲中通過P點電流的（向右為正）變化規律如圖乙所示，則（）A．在0.5s~1s時間內，電容器C正在放電B．在0.5s~1s時間內，電容器C上板帶正電C．在1s~1.5s時間內，Q點電勢比P點電勢高D．在1s~1.5s時間內，磁場能轉化為電場能2、上端固定的一根細線下面懸掛一擺球，擺球在空氣中擺動，擺動的幅度越來越小，對此現象下列說法正確的是A．總能量守恒，擺球的機械能正在減少，減少的機械能轉化為內能B．擺球機械能守恒C．能量正在消失D．只有動能和重力勢能的相互轉化3、一個人站在醫用體重計的測盤上，在人下蹲的全過程中，指針示數變化應是（）A．先減小，后還原 B．先增加，后減小，再還原C．先減小，后增大，再還原 D．始終不變4、矩形線圈的匝數為50匝，在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動時，穿過線圈的磁通量隨時間的變化規律如圖所示．下列結論正確的是（）A．在t＝0.1s和t＝0.3s時，電動勢最大B．在t＝0.2s和t＝0.4s時，電流改變方向C．電動勢的最大值是314VD．在t＝0.4s時，磁通量變化率最大，其值為3.14Wb/s5、如圖所示，理發用的電吹風機中有電動機和電熱絲，電動機帶動風葉轉動，電熱絲給空氣加熱，得到熱風將頭發吹干，設電動機的線圈電阻為，它與電熱絲的電阻串聯，接到直流電源上，電路中電流為，電動機壓為，消耗的電功率為，電熱絲兩端電壓為，消耗的電功率為，則下列式子不正確的是（）A． B．C． D．6、如下圖所示，斜面的高為L，斜面傾角的正切值為tanα=0.5，將一質量為m的鉛球以速度v0水平拋出，恰好落在斜坡的中點處，調節扔小球的初速度，則下面說法正確的是（）A．當時，小球恰好落在斜面末端P點B．當初速度為v0水平拋出，小球落到斜面時的速度與水平面夾角為45°C．所有落在斜面上時小球的速度方向不一樣D．當時，只要小球初速度足夠大，小球落地的速度有可能為45°二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數比燈泡A、B完全相同，燈泡L與燈泡A的額定功率相同，但額定電壓不，當輸入端接上的交流電壓后，三個燈泡均正常發光，圖中兩電流表均為理想電流表且電流表的示數為2A，則A．交變電流的頻率是100HzB．電流數的示數約為1.33AC．燈泡L的額定電壓為15VD．燈泡A的額定電壓為15V8、下列敘述正確的是()A．擴散現象說明了分子在不停地做無規則運動B．布朗運動就是液體分子的運動C．分子間距離增大，分子間的引力和斥力一定減小D．物體的溫度較高，分子運動越激烈，每個分子的動能都一定越大9、如圖是某交流發電機產生的交變電流的圖象,根據圖象可以判定()

A．此交變電流的頻率為5HzB．該交變電流的電壓瞬時值的表達式為u=12sin

10πt(V)C．將標有“12

V3

W”的燈泡接在此交流電源上，燈泡可以正常發光D．圖象上對應的0.1

s時刻，發電機中的線圈剛好轉至中性面10、用如圖所示的裝置研究光電效應現象。用光子能量為11eV的光照射光電管的陰極K。電流表檢測到有電流，調節滑動變阻器滑片，當電流表的示數恰好為零時，電壓表的示數為6V。下列說法正確的是（）A．金屬板的逸出功為5eVB．若用能量為6eV的光子照射陰極K，不能發生光電效應C．將滑片調至滑動變阻器的最左端，此時電流表示數為飽和光電流D．電子的最大初動能為6eV三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一個面積為S的矩形線圈在勻強磁場中以某一條邊為轉軸做勻速轉動，磁場方向與轉軸垂直．線圈中感應電動勢e與時間t的關系如圖所示．感應電動勢的峰值和周期可由圖中讀出．則磁感應強度B=____________；在t=T/12時刻，線圈平面與磁感應強度的夾角等于______________．12．（12分）某同學利用多用電表做了以下實驗：(1)使用多用電表測電阻，他的主要實驗步驟如下：①機械調零后，把選擇開關扳到“×100”的歐姆擋上；②把表筆插入測試插孔中，先把兩根表筆相接觸，旋轉歐姆調零旋鈕，使指針指在電阻刻度的零刻度線上；③把兩根表筆分別與某一待測電阻的兩端相接，發現這時指針偏轉較小；④換用“×10”的歐姆擋，隨即記下歐姆數值；⑤把表筆從測試筆插孔中拔出后，就把多用電表放回桌上原處，實驗完畢．這個學生在測量時已注意到：待測電阻與其他元件和電源斷開，不用手碰表筆的金屬桿，那么該學生在實驗中有哪些操作是錯誤的？(三個錯誤)錯誤一：__________________________；錯誤二：_________________________；錯誤三：_____________________________________.(2)如圖所示，為多用電表的表盤，測電阻時，若用的是“×100”擋，這時指針所示被測電阻的阻值應為________Ω；測直流電流時，用的是100mA的量程，指針所示電流值為____________mA；測直流電壓時，用的是50V量程，則指針所示的電壓值為________V.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，為一氣缸內封閉的一定質量的氣體的p－V圖線，當該系統從狀態a沿過程a→c→b到達狀態b時，有335J的熱量傳入系統，系統對外界做功126J，求：(1)若沿a→d→b過程，系統對外做功42J，則有多少熱量傳入系統？(2)若系統由狀態b沿曲線過程返回狀態a時，外界對系統做功84J，問系統是吸熱還是放熱？熱量傳遞是多少？14．（16分）如圖所示是一交變電壓隨時間變化的圖象，求此交變電壓的有效值．15．（12分）如圖所示，一水平輕彈簧一端與滑塊B相連，另一端與滑塊C接觸但未連接，B、C均靜止在光滑水平桌面上。現有一滑塊兒從光滑曲面上距桌面h=1.8m高處由靜止開始滑下，以沿BC連線方向與滑塊B生碰撞并粘在一起壓縮彈簧推動滑塊C向前運動。己知A、B、C的質量分別是mA=lkg、mB=2kg、mC=3kg,重力加速度g取10m/s2，求：(1)A、B兩滑塊碰撞結束瞬間速度的大小；(2)彈簧的最大彈性勢能；(3)滑塊C最后的速度。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A．由圖（乙）可知，在0.5s至1s內，電路電流在減小，電容器C正在充電，故A錯誤；B．由圖（乙）可知，在0.5s至1s內，電流是正的，即經過P點的電流向右，由于電路中做定向移動的帶電粒子是帶負電的電子，因此在該時間段內，電子經過P點向左移動，因此電容器上極板帶負電，故B錯誤；C．由圖（乙）可知，在1s至1.5s內，通過電感線圈的電流向上，且增大，電感線圈產生自感電動勢，由楞次定律可知，電感線圈下端電勢高，上端電勢低，故Q點電勢比P點電勢高，故C正確；D．由圖（乙）可知，在1s至1.5s內，電路電流增大，磁場增加，磁感應強度變大，電路處于放電過程，電場能轉化為磁場能，故D錯誤。故選C。2、A【解析】

根據能量守恒定律可知，能量不會消失，由題意可知，擺球的機械能由于阻力做功越來越小，故機械能不再守恒；減小的機械能轉化為周圍的內能A.總能量守恒，擺球的機械能正在減少，減少的機械能轉化為內能符合題意，A正確B.擺球機械能守恒不符合題意，B錯誤C.能量正在消失不符合題意，C錯誤D.只有動能和重力勢能的相互轉化不符合題意，D錯誤3、C【解析】解：在下蹲的全過程中，人的運動的狀態是先加速下降，后減速下降，直到最后靜止，所以人先是處于失重狀態后是處于超重狀態，最后處于平衡狀態，所以體重計的示數變化是先減小，后增加，再還原，所以C正確．故選C．【點評】本題考查了學生對超重失重現象的理解，分析清楚人的運動的狀態，掌握住超重失重的特點，即可解決本題．4、D【解析】試題分析：在t="0.1"s和t="0.3"s時，磁通量最大，線圈位于中性面位置，感應電動勢為零，故A錯誤；在t="0.2"s和t="0.4"s時，磁通量為零，線圈垂直于中性面，感應電動勢最大，電動勢不改變方向，故B錯誤；根據Φ-t圖象，BS=0.2Wb，T=0.4s，故電動勢的最大值：；故C正確；在t="0.4"s時磁通量為0，磁通量變化率最大，由得，，故D正確；故選CD.考點：交流電的產生及變化規律【名師點睛】此題考查了交流電的產生及變化規律；要掌握交流電產生過程特點，特別是兩個特殊位置：線圈在中性面上時，穿過線圈的磁通量最大，感應電動勢最小，線圈與中性面垂直時，通過的磁通量最小，電動勢為大；5、B【解析】

由于流過電動機的電流為I，電動機兩端的電壓為U1，所以電動機消耗的功率為，故A正確，電動機為非純電阻電路，所以電動機兩端的電壓，故B錯誤；由于電熱絲為線電阻，所以電功率，，故CD正確．6、B【解析】

A．根據題意小球做平拋運動，當小球速度為時，恰好落在斜坡中點，根據平拋運動規律可知若小球落到P點處的初速度為，則整理得因此A錯誤；B．初速度為時，落地時小球與水平面夾角為，則有即與水平面夾角45°，B正確；C．根據平拋運動的推論，即物體速度與水平面夾角正切值等于物體位移與水平面夾角正切值得兩倍，即只要落在斜面上，說明小球的位移方向都一樣，也說明小球的速度方向都一樣，C錯誤；D．只要小球初速度小球一定會落在水平面上，此時說明小球初速度無論多大，小球落地的速度都要小于45°，D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

交變電流的頻率，選項A錯誤；因三個燈泡均正常發光，所以副線圈中總電流為I2=4

A，由變壓規律可知原線圈中電流為，故B正確；令副線圈兩端電壓為U2，則由變壓規律可知原線圈兩端電壓U1=U2=3U2，令燈泡L兩端電壓為UL，則ULI1=U2IA，即UL=U2，而U=UL+U1且U=45

V，聯立可得U2=10

V，UL=15

V，故C正確，D錯誤；8、AC【解析】擴散現象說明了分子在不停地做無規則運動，選項A正確；布朗運動是懸浮在液體表面的固體顆粒的無規則運動，是液體分子無規則運動的表現，選項B錯誤；分子間距離增大，分子間的引力和斥力一定減小，選項C正確；物體的溫度較高，分子運動越激烈，分子平均動能變大，但是每個分子的動能不一定都變大，選項D錯誤；故選AC.9、ABD【解析】由圖讀出，周期為T=0.2s，頻率為．故A正確；由圖讀出此交變電壓的最大值為，交流電的角速度為，交變電流的電壓瞬時值的表達式為，故B正確，故B正確；有效值，“12V，3W”的燈泡額定電壓是12V，所以燈泡不可以正常發光，故C錯誤；圖象上對應的0.1s時刻，產生的感應電動勢最小，此時線圈平面位于中性面位置，故D正確；故選ABD。【點睛】由交變電流的圖象讀出周期，求出頻率．“12V、3W”的燈泡額定電壓有效值為12V．由圖讀出電壓的最大值，求出有效值，判斷燈泡能否正常發光.10、AD【解析】

AD．電流計的讀數恰好為零，此時電壓表的示數為6V，根據動能定理得再根據光電效應方程知故AD正確；B．若用能量為6eV的光子照射陰極K，其能量大于逸出功，滿足光電效應發生條件，因此能發生光電效應，故B錯誤；C．將滑片調至滑動變阻器的最左端，此時光電管兩端電壓為零，則光電子不再受到電場阻力，但電流表示數不為飽和光電流，故C錯誤。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、；【解析】線圈在t=0時刻感應電動勢達最大值Em,這時線圈平面與磁感應強度B的夾角θ=0,由Em=BSω=BS,得B=,又t=0,θ=0,則當t=時,有θ=ωt=.12、不應該換用“×10”的歐姆擋，應該換用“×1k”的歐姆擋．換擋后沒有進行歐姆調零．使用多用電表結束后，還要將選擇開關轉到“OFF”擋或交流電壓最高擋．17004723.5【解析】(1)錯誤一：在用“×100”擋位置測量時，指針偏轉較小，說明所測電阻阻值較大，為了減小讀數誤差，應使指針向右擺動，所以應該換用“×1k”的歐姆擋位；錯誤二：換擋后，還要重新進行歐姆調零；錯誤三：使用多用電表結束后，還要將選擇開關轉到“OFF”擋或交流電壓最高擋．(2)若用“×100”擋測電阻時，指針讀數為：17×100Ω＝1700Ω；若用量程100mA測直流電流時，讀數為：4.7×10mA＝47mA，若用量程50V測直流電壓時，讀數為23.5V．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)251J(2)放熱（3）293J【解析】試題分析：（1）分析圖示a→c→b過程，由熱力學第一定律求出內能的變化．沿a→d→b過程與a→c→b過程內能變化相同，再由熱力學第一定律求出熱量．（2）由a→b和由b→a內能變化大小相等，但符號相反，根據熱力學第一定律求解即可．（1）沿a→c→b過程，由熱力學第一定律得：沿a→d→b過程，；即有251J的熱量傳入系統．（2）由a→b，；由b→a，根據熱力學第一定律有：；得：負號說明系統放出熱量，熱量傳遞為293J．14、【解析】試題分析：根據有效值的定義求解．取一個周期時間，將交流與直流分別通過相同的電阻，若產生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．設非正弦交變電壓的有效值為U′，直流電的電壓為U，讓非正弦交變電壓和直流電壓分別加在同一電阻(設阻值為R)的兩端，在一個周期(T＝0.4s)內，非正弦交變電壓產生的熱量：代入數據可得：在這一個周期內，直流電壓產生的熱量：由Q＝Q′，可得：所以即有效值為：點睛：本題主要考查了非正弦式電流可根據有效值的定義求