2020高考物理二輪復習題型歸納與訓練專題九恒定電流題型一電功、電熱、電功率和熱功率【典例1】、(2019·安徽六安模擬)如圖所示，一臺電動機提著質量為m的物體，以速度v勻速上升，已知電動機線圈的電阻為R，電源電動勢為E，通過電源的電流為I，當地重力加速度為g，忽略一切阻力及導線電阻，則 ()電源內阻r＝eq\f(E,I)－RB．電源內阻r＝eq\f(E,I)－eq\f(mgv,I2)－RC．如果電動機轉軸被卡住而停止轉動，較短時間內電源消耗的功率將變大D．如果電動機轉軸被卡住而停止轉動，較短時間內電源消耗的功率將變小【答案】BC【解析】]含有電動機的電路不是純電阻電路，歐姆定律不再適用，A錯誤；由能量守恒定律可得EI＝I2r＋mgv＋I2R，解得r＝eq\f(E,I)－eq\f(mgv,I2)－R，B正確；如果電動機轉軸被卡住，則E＝I′(R＋r)，電流增大，較短時間內，電源消耗的功率變大，較長時間的話，會出現燒壞電源的現象，C正確，D錯誤．題型二伏安特性理解和應用【典例2】、(2019·南昌模擬)如圖所示，圖線甲、乙分別為電源和某金屬導體的U-I圖線，電源的電動勢和內阻分別用E、r表示，根據所學知識分析下列選項正確的是 ()A．E＝50VB．r＝eq\f(25,3)ΩC．當該導體直接與該電源相連時，該導體的電阻為20ΩD．當該導體直接與該電源相連時，電路消耗的總功率為80W【答案】：AC【解析】：由圖象的物理意義可知電源的電動勢E＝50V，內阻r＝eq\f(ΔU,ΔI)＝eq\f(50－20,6－0)Ω＝5Ω，故A正確，B錯誤；該導體與該電源相連時，電阻的電壓、電流分別為U＝40V，I＝2A，則R＝eq\f(U,I)＝20Ω，此時，電路消耗的總功率P總＝EI＝100W，故C正確，D錯誤．題型三閉合電路歐姆定律及電路動態分析【典例3】、)(2019·大連模擬)在如圖所示的電路中，電源的負極接地，其電動勢為E、內電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，、為理想電流表和電壓表．在滑動變阻器滑片P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是 ()A．電壓表示數減小B．電流表示數增大C．電阻R2消耗的功率增大D．a點的電勢降低【答案】BD【解析】基礎解法(程序法)：P由a端向b端滑動，其阻值減小，則總電阻減小，總電流增大，電阻R1兩端電壓增大，電壓表示數變大，A錯誤；電阻R2兩端的電壓U2＝E－I總(R1＋r)，I總增大，則U2減小，I2＝eq\f(U2,R2)，I2減小，電流表的示數IA＝I總－I2增大，B正確；由P2＝Ieq\o\al(2,2)R2知P2減小，C錯誤；Uab＝φa－φb＝φa＝U2，故φa降低，D正確．能力解法一(結論法)：由于R3減小，R2與R3并聯，則U2、I2均減小，而P2＝Ieq\o\al(2,2)R2，知P2減小，C錯誤；Uab＝U2＝φa－φb＝φa減小，D正確；因為R1間接與R3串聯，故I1、U1均增大，故電壓表示數增大，A錯誤；根據IA＝I1－I2知IA增大，B正確．能力解法二(極限法)：設滑片P滑至b點，則R3＝0，φa＝φb＝0，D正確；R2上電壓為零，則功率也為零，C錯誤；當R3＝0時，總電阻最小，總電流最大，R1上電壓最大，故A錯誤；由于IA＝I1－I2，此時I1最大，I2＝0最小，故IA最大，B正確．題型四、含電容器電路的分析與計算【典例4】、(2019·石家莊模擬)在如圖所示的電路中，電源的負極接地，其電動勢為E、內電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是()A．電壓表示數變小B．電流表示數變小C．電容器C所帶電荷量增多D．a點的電勢降低【答案】D.【解析】：在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻R1兩端電壓增大，則電壓表示數變大．電阻R2兩端的電壓U2＝E－I(R1＋r)，I增大，則U2變小，電容器兩板間電壓變小，其帶電荷量減小．根據外電路中順著電流方向，電勢降低，可知a點的電勢大于零．a點的電勢等于R2兩端的電壓，U2變小，則a點的電勢降低，通過R2的電流I2減小，通過電流表的電流IA＝I－I2，I增大，I2減小，則IA增大，即電流表示數變大，A、B、C錯誤，D正確．題型五圖象法巧解非線性元件問題【典例5】、如圖甲所示為一燈泡兩端的電壓與通過它的電流的變化關系曲線。由圖可知，兩者不成線性關系，這是焦耳熱使燈絲的溫度發生了變化的緣故(不計電流表和電源的內阻)，參考這條曲線回答下列問題：(1)若把三個這樣的燈泡串聯后，接到電動勢為12V的電源上，求流過燈泡的電流和每個燈泡的電阻；(2)如圖乙所示，將兩個這樣的燈泡并聯后再與10Ω的定值電阻R0串聯，接在電動勢為8V的電源上，求通過電流表的電流值以及每個燈泡的實際功率。【答案】(1)0.4A10Ω(2)0.6A0.6W【解析】(1)把三個這樣的燈泡串聯后，每個燈泡得到的實際電壓為U實＝eq\f(12,3)V＝4V在圖甲上可以查到每個燈泡加上4V實際電壓時的工作電流為I實＝0.4A由此可以求出此時每個燈泡的實際電阻為R＝eq\f(U,I)＝eq\f(4,0.4)Ω＝10Ω(2)在圖乙所示的電路中，設每個燈泡加上的實際電壓和實際電流分別為U和I，在這個閉合電路中，有E＝U＋2IR0代入數據并整理得U＝8－20I這是一個反映了電路約束的直線方程，把該直線在題圖甲上畫出，可得如圖所示圖象。這兩條圖線的交點為U＝2V、I＝0.3A，同時滿足了電路結構和元件的工作要求，此時通過電流表的電流值IA＝2I＝0.6A每個燈泡的實際功率P＝UI＝2×0.3W＝0.6W題型六電源的功率及效率【典例6】、將一電源與一電阻箱連接成閉合回路，測得電阻箱所消耗功率P與電阻箱讀數R變化的曲線如圖所示，由此可知 ()A．電源最大輸出功率可能大于45WB．電源內阻一定等于5ΩC．電源電動勢為45VD．電阻箱所消耗功率P最大時，電源效率大于50%【答案】：B【解析】：由于題述將一電源與一電阻箱連接成閉合回路，電阻箱所消耗功率P等于電源輸出功率．由電阻箱所消耗功率P與電阻箱讀數R變化的曲線可知，電阻箱所消耗功率P最大為45W，所以電源最大輸出功率為45W，選項A錯誤；由電源輸出功率最大的條件可知，電源輸出功率最大時，外電路電阻等于電源內阻，所以電源內阻一定等于5Ω，選項B正確；由電阻箱所消耗功率P最大值為45W可知，此時電阻箱讀數為R＝5Ω，電流I＝eq\r(\f(P,R))＝3A，電源電動勢E＝I(R＋r)＝30V，選項C錯誤；電阻箱所消耗功率P最大時，電源效率為50%，選項D錯誤．【強化訓練】1.銅電阻溫度計價格便宜，常用于測量－50～150℃溫度段，在這個范圍內電阻與溫度呈線性關系；Rt＝R0(1＋at)，其中R0為銅電阻溫度計在0℃時的電阻，Rt是溫度為t時的電阻，t為溫度，a>0，則此銅電阻的U－I圖線為()2.如圖所示，關于閉合電路，下列說法正確的是()A．電源正、負極被短路時，電流很大B．電源正、負極被短路時，電壓表示數最大C．外電路斷路時，電壓表示數為零D．外電路電阻增大時，電壓表示數減小3.飛行器在太空飛行，主要靠太陽能電池提供能量．若有一太陽能電池板，測得它的開路電壓為800mV，短路電流為40mA.若將該電池板與一阻值為20Ω的電阻器連成一閉合電路，則它的路端電壓是()A．0.10VB．0.20VC．0.30VD．0.40V4.(多選)(2019·上海楊浦區模擬)如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內阻，R1和R3均為定值電阻，R2為滑動變阻器．當R2的滑片在ab的中點時合上開關S，此時三個電表A1、A2和V的示數分別為I1、I2和U.現將R2的滑片向a端移動，則下列說法正確的是()A．電源的總功率減小B．R3消耗的功率增大C．I1增大，I2減小，U增大D．I1減小，I2不變，U減小5.(2019·天津市實驗中學模擬)如圖7所示為一玩具起重機的電路示意圖．電源電動勢為6V，內阻為0.5Ω，電阻R＝2.5Ω，當電動機以0.5m/s的速度勻速向上提升一質量為320g的物體時(不計一切摩擦阻力，g＝10m/s2)，標有“3V,0.6W”的燈泡恰好正常發光．則電動機的內阻為()A．1.25Ω B．3.75ΩC．5.625Ω D．1Ω6.(多選)如圖所示，直線A是電源的路端電壓和電流的關系圖線，直線B、C分別是電阻R1、R2的兩端電壓與電流的關系圖線，若將這兩個電阻分別接到該電源上，則()A．R1接在電源上時，電源的效率高B．R2接在電源上時，電源的效率高C．R2接在電源上時，電源的輸出功率大D．電源的輸出功率一樣大7.(2019·河北省定州中學承智班月考)阻值相等的四個電阻R、電容器C及電池E(內阻可忽略)接成如圖所示的電路．保持S1閉合，開關S2斷開且電流穩定時，C所帶的電荷量為Q1；閉合開關S2，電流再次穩定后，C所帶的電荷量為Q2.Q1與Q2的比值為()A．5∶3B．2∶1C．1∶2D．1∶38.如圖甲所示為某一小燈泡的U－I圖線，現將兩盞這樣的小燈泡并聯后再與一個4Ω的定值電阻R串聯，接在內阻為1Ω、電動勢為3V的電源兩端，如圖乙所示，則()A．通過每盞小燈泡的電流約為0.2A，此時每盞小燈泡的電功率約為0.6WB．通過每盞小燈泡的電流約為0.3A，此時每盞小燈泡的電功率約為0.6WC．通過每盞小燈泡的電流約為0.2A，此時每盞小燈泡的電功率約為0.2WD．通過每盞小燈泡的電流約為0.3A，此時每盞小燈泡的電功率約為0.4W9.如圖，電路中電源電動勢為3.0V，內阻不計，L1、L2、L3為三個相同規格的小燈泡，小燈泡的伏安特性曲線如圖所示．當開關閉合后，下列說法中正確的是 ()A．L1中的電流為L2中電流的2倍B．L3的電阻約為1.875ΩC．L3的電功率約為0.75WD．L2和L3的總功率約為3W10.如圖所示，電源電動勢為12V，電源內阻為1.0Ω，電路中的電阻R0為1.5Ω，小型直流電動機M的內阻為0.5Ω，閉合開關S后，電動機轉動，電流表的示數為2.0A．則以下判斷中正確的是 ()A．電動機的輸出功率為14WB．電動機兩端的電壓為7.0VC．電動機產生的熱功率為4.0WD．電源輸出的功率為24W11.(2019·湖南十校聯考)如圖所示為某閉合電路電源的輸出功率隨電流變化的圖象，由此圖象可以判斷()A．電源的內耗功率最大為9WB．電源的效率最大為50%C．輸出功率最大時，外電路的總電阻為4ΩD．電源的電動勢為12V12．(2019·河北石家莊模擬)在如圖所示電路中，L1、L2為兩只完全相同、阻值恒定的燈泡，R為光敏電阻(光照越強，阻值越小)．閉合電鍵S后，隨著光照強度逐漸增強()A．L1逐漸變暗，L2逐漸變亮B．L1逐漸變亮，L2逐漸變暗C．電源內電路消耗的功率逐漸減小D．光敏電阻R和L1消耗的總功率逐漸增大13.(2019·陜西省西安一中一模)電路如圖12所示，電源的電動勢為E、內阻為r，與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R連接，當滑動變阻器的滑片由中點滑向b端時，下列說法正確的是()A．電壓表讀數增大、電流表讀數減小B．電壓表讀數減小、電流表讀數增大C．R1的電功率減小D．電源的輸出功率增大14.(多選)如圖所示，C1＝6μF，C2＝3μF，R1＝3Ω，R2＝6Ω，電源電動勢E＝18V，內阻不計，下列說法正確的是()A．開關S斷開時，a、b兩點電勢相等B．開關S閉合后，a、b兩點間的電流是2AC．開關S斷開時C1帶的電荷量比開關S閉合后C1帶的電荷量大D．不論開關S斷開還是閉合，C1帶的電荷量總比C2帶的電荷量大15.(2019·西安模擬)如圖所示，E＝8V，r＝2Ω，R1＝8Ω，R2為變阻器接入電路中的有效阻值，問：(1)要使變阻器獲得的電功率最大，則R2的取值應是多大？這時R2的功率是多大？(2)要使R1得到的電功率最大，則R2的取值應是多大？R1的最大功率是多大？這時電源的效率是多大？(3)調節R2的阻值，能否使電源以最大的功率eq\f(E2,4r)輸出？為什么？參考答案【強化訓練】1.銅電阻溫度計價格便宜，常用于測量－50～150℃溫度段，在這個范圍內電阻與溫度呈線性關系；Rt＝R0(1＋at)，其中R0為銅電阻溫度計在0℃時的電阻，Rt是溫度為t時的電阻，t為溫度，a>0，則此銅電阻的U－I圖線為()【答案】C【解析】隨溫度升高，銅電阻溫度計電阻變大，故eq\f(U,I)的值隨電流變大，即U－I圖線的斜率增大，選項C正確，A、B、D錯誤。2.如圖所示，關于閉合電路，下列說法正確的是()A．電源正、負極被短路時，電流很大B．電源正、負極被短路時，電壓表示數最大C．外電路斷路時，電壓表示數為零D．外電路電阻增大時，電壓表示數減小【答案】：A【解析】：電源被短路時，電源電流為I＝eq\f(E,r)，由于電源內阻很小，故電流很大，故選項A正確；電源被短路時，外電阻R＝0，電源電流為I＝eq\f(E,r)，故電壓表示數為U＝IR＝0，故選項B錯誤；外電路斷路時，外電阻R→∞，故電壓表示數為U＝E，故選項C錯誤；電壓表示數為U＝eq\f(ER,R＋r)，外電路電阻R增大時，電壓表示數也增大，故選項D錯誤．3.飛行器在太空飛行，主要靠太陽能電池提供能量．若有一太陽能電池板，測得它的開路電壓為800mV，短路電流為40mA.若將該電池板與一阻值為20Ω的電阻器連成一閉合電路，則它的路端電壓是()A．0.10VB．0.20VC．0.30VD．0.40V【答案】D【解析】：.電源沒有接入外電路時，路端電壓值等于電源電動勢，所以電動勢E＝800mV.由閉合電路歐姆定律得短路電流I短＝eq\f(E,r)，所以電源內阻r＝eq\f(E,I短)＝eq\f(800×10－3,40×10－3)Ω＝20Ω，該電源與20Ω的電阻連成閉合電路時，電路中電流I＝eq\f(E,R＋r)＝eq\f(800,20＋20)mA＝20mA，所以路端電壓U＝IR＝400mV＝0.4V，D正確．4.(多選)(2019·上海楊浦區模擬)如圖所示的電路中，E為電源電動勢，r為電源內阻，R1和R3均為定值電阻，R2為滑動變阻器．當R2的滑片在ab的中點時合上開關S，此時三個電表A1、A2和V的示數分別為I1、I2和U.現將R2的滑片向a端移動，則下列說法正確的是()A．電源的總功率減小B．R3消耗的功率增大C．I1增大，I2減小，U增大D．I1減小，I2不變，U減小【答案】AC.【解析】：法一：程序法將滑動變阻器的滑片向a端移動，滑動變阻器接入電路中的電阻增大，電路中的總電阻增大，電路中的總電流I減小，電源的總功率P＝EI減小，R3消耗的功率P3＝I2R3減小，選項A正確，B錯誤；電路中的總電流減小，由U＝E－Ir知電源的路端電壓U增大，R1、R2并聯部分的總電阻增大，電壓增大，通過R1的電流I1增大，而總電流I減小，則通過R2的電流I2減小，選項C正確，D錯誤．法二：串反并同法將滑動變阻器的滑片向a端移動，滑動變阻器接入電路中的電阻增大，與其串聯的電流表A2的示數減小，與其間接串聯的電源的總功率、R3消耗的功率均減小，A正確，B錯誤；與其間接并聯的電流表A1、電壓表V的示數均增大，C正確，D錯誤．5.(2019·天津市實驗中學模擬)如圖7所示為一玩具起重機的電路示意圖．電源電動勢為6V，內阻為0.5Ω，電阻R＝2.5Ω，當電動機以0.5m/s的速度勻速向上提升一質量為320g的物體時(不計一切摩擦阻力，g＝10m/s2)，標有“3V,0.6W”的燈泡恰好正常發光．則電動機的內阻為()A．1.25Ω B．3.75ΩC．5.625Ω D．1Ω【答案】A【解析】由電路圖可知，燈泡與電動機并聯，燈泡正常發光，電壓為UL＝3V，電流為IL＝eq\f(PL,UL)＝eq\f(0.6,3)A＝0.2A，故電動機兩端的電壓為UM＝UL＝3V；R和電源內阻r兩端的總電壓為U1＝3V，由歐姆定律可得，總電流為：I＝eq\f(U1,R＋r)＝eq\f(3,2.5＋0.5)A＝1A；電動機的電流為：IM＝I－IL＝1A－0.2A＝0.8A；電動機的輸出功率為：P＝mgv＝UMIM－IM2rM代入數據解得：rM＝1.25Ω.6.(多選)如圖所示，直線A是電源的路端電壓和電流的關系圖線，直線B、C分別是電阻R1、R2的兩端電壓與電流的關系圖線，若將這兩個電阻分別接到該電源上，則()A．R1接在電源上時，電源的效率高B．R2接在電源上時，電源的效率高C．R2接在電源上時，電源的輸出功率大D．電源的輸出功率一樣大【答案】AC【解析】電源的效率η＝eq\f(P出,P總)×100%＝eq\f(UI,EI)×100%＝eq\f(U,E)×100%，當R1與R2分別接到電源上時，UR1>UR2，故R1接在電源上時，電源的效率高，A正確，B錯誤；由題圖可知，R2與電源的內阻相等，R1>R2，所以R2接在電源上時，電源的輸出功率大，C正確，D錯誤．7.(2019·河北省定州中學承智班月考)阻值相等的四個電阻R、電容器C及電池E(內阻可忽略)接成如圖所示的電路．保持S1閉合，開關S2斷開且電流穩定時，C所帶的電荷量為Q1；閉合開關S2，電流再次穩定后，C所帶的電荷量為Q2.Q1與Q2的比值為()A．5∶3B．2∶1C．1∶2D．1∶3【答案】A【解析】電池E的內阻可忽略，保持開關S1閉合、S2斷開且電流穩定時，電容器兩端的電壓為：U1＝eq\f(E,3R)×2R＝eq\f(2E,3)；閉合開關S2，電流再次穩定后，電容器兩端的電壓為：U2＝eq\f(E,\f(5,2)R)×R＝eq\f(2E,5)，由Q＝CU得，Q1∶Q2＝U1∶U2＝5∶3.8.如圖甲所示為某一小燈泡的U－I圖線，現將兩盞這樣的小燈泡并聯后再與一個4Ω的定值電阻R串聯，接在內阻為1Ω、電動勢為3V的電源兩端，如圖乙所示，則()A．通過每盞小燈泡的電流約為0.2A，此時每盞小燈泡的電功率約為0.6WB．通過每盞小燈泡的電流約為0.3A，此時每盞小燈泡的電功率約為0.6WC．通過每盞小燈泡的電流約為0.2A，此時每盞小燈泡的電功率約為0.2WD．通過每盞小燈泡的電流約為0.3A，此時每盞小燈泡的電功率約為0.4W【答案】C【解析】由題圖甲可以看出，當通過小燈泡的電流為0.2A時，對應燈泡兩端的電壓為1V，此時小燈泡的電阻為eq\f(1V,0.2A)＝5Ω，兩小燈泡并聯后的電阻R并＝2.5Ω，燈泡兩端電壓U并＝eq\f(R并,R總)E＝eq\f(2.5,7.5)×3V＝1V，恰好符合串聯電路電壓關系，則每盞小燈泡的功率PL＝0.2W，則A項錯誤，C項正確．同理，可知B、D項錯誤．9.如圖，電路中電源電動勢為3.0V，內阻不計，L1、L2、L3為三個相同規格的小燈泡，小燈泡的伏安特性曲線如圖所示．當開關閉合后，下列說法中正確的是 ()A．L1中的電流為L2中電流的2倍B．L3的電阻約為1.875ΩC．L3的電功率約為0.75WD．L2和L3的總功率約為3W【答案】：B【解析】：由圖象可知，燈泡兩端的電壓變化時，燈泡的電阻發生變化，L2和L3的串聯電阻并不是L1電阻的兩倍，根據歐姆定律知L1中的電流不是L2中電流的2倍，A錯誤；由于電源不計內阻，所以L2和L3兩端的電壓均為1.5V，由圖可知此時燈泡中的電流為I＝0.8A，電阻R＝eq\f(U,I)＝1.875Ω，B正確；L3的電功率P＝UI＝1.5×0.8W＝1.2W，C錯誤；L2和L3的總功率P′＝2P＝2.4W，D錯誤．10.如圖所示，電源電動勢為12V，電源內阻為1.0Ω，電路中的電阻R0為1.5Ω，小型直流電動機M的內阻為0.5Ω，閉合開關S后，電動機轉動，電流表的示數為2.0A．則以下判斷中正確的是 ()A．電動機的輸出功率為14WB．電動機兩端的電壓為7.0VC．電動機產生的熱功率為4.0WD．電源輸出的功率為24W【答案】：B【解析】：由題意得電動機兩端的電壓U＝E－I(R0＋r)＝7V，則電動機的輸入功率P＝UI＝14W．熱功率P熱＝I2RM＝2W，則輸出功率P出＝P－P熱＝12W．電源的輸出功率P′＝EI－I2r＝20W，故B正確，A、C、D錯誤．11.(2019·湖南十校聯考)如圖所示為某閉合電路電源的輸出功率隨電流變化的圖象，由此圖象可以判斷()A．電源的內耗功率最大為9WB．電源的效率最大為50%C．輸出功率最大時，外電路的總電阻為4ΩD．電源的電動勢為12V【答案】：D【解析】：由題圖可知，當電流為1.5A時電源的輸出功率最大，這時內耗功率等于輸出功率，為9W，電源的效率為50%，這時電源的總功率為18W，根據P＝IE，可求得電源的電動勢為12V，D項正確；由Pr＝I2r可知，電源的內阻為4Ω，由于不確定外電路是不是純電阻電路，因此C項錯誤；隨著電流的增大，內耗功率增大，A項錯誤；隨著電流的減小，電源的效率增大，B項錯誤．12．(2019·河北石家莊模擬)在如圖所示電路中，L1、L2為兩只完全相同、阻值恒定的燈泡，R為光敏電阻(光照越強，阻值越小)．閉合電鍵S后，隨著光照強度逐漸增強()A．L1逐漸變暗，L2逐漸變亮B．L1逐漸變亮，L2逐漸變暗C．電源內電路消耗的功率逐漸減小D．光敏電阻R和L1消耗的總功率逐漸增大【答案】：A【解析】：當光照增強時，光敏電阻的阻值減小，電路的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可得，電路中總電流增大，則L2逐漸變亮，U內＝Ir增大，由U＝E－Ir可知，路端電壓減小，L2兩端的電壓增大，則L1兩端的電壓減小，故L1逐漸變暗，故選項A正確，B錯誤；電路中總電流增大，由P＝I2r知電源內電路消耗功率逐漸增大，故選項C錯誤；將L2看成電源內電路的一部分，光敏電阻R和L1消耗的總功率是等效電源的輸出功率，由于等效電源的內阻大于外電阻，所以當光敏電阻的阻值減小，即外電阻減小時，等效電源的內、外電阻相差更大，輸出功率減小，則光敏電阻R和L1消耗的總功率逐漸減小，故選項D錯誤．13.(2019·陜西省西安一中一模)電路如圖12所示，電源的電動勢為E、內阻為r，與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R連接，當滑動變阻器的滑片由中點滑向b端時，下列說法正確的是()A．電壓表讀數增大、電流表讀數減小B．電壓表讀數減小、電流表讀數增大C．R1的電功率減小D．電源的輸出功率增大【答案】C【解析】當滑片由中點向b端滑動時，R接入電路中的電阻增大，電路中的總電阻增大，由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流減小，所以定值電阻R1的電功率減小，選項C正確；電路中總電流減小，由U＝E－Ir可知路端電壓增大，即電壓表示數增大；因路端電壓增大，R1兩端的電壓減小