2022-2023學年九上數學期末模擬試卷注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題（每題4分，共48分）1．在0，1，2三個數中任取兩個，組成兩位數，則在組成的兩位數中是奇數的概率為()A． B． C． D．2．如圖，在矩形中，于F，則線段的長是（）A． B． C． D．3．已知二次函數y＝ax2+bx+c(a＞0)經過點M(﹣1，2)和點N(1，﹣2)，則下列說法錯誤的是()A．a+c＝0B．無論a取何值，此二次函數圖象與x軸必有兩個交點，且函數圖象截x軸所得的線段長度必大于2C．當函數在x＜時，y隨x的增大而減小D．當﹣1＜m＜n＜0時，m+n＜4．在平面直角坐標系中，點A，B坐標分別為(1，0)，(3，2)，連接AB，將線段AB平移后得到線段A'B'，點A的對應點A'坐標為(2，1)，則點B'坐標為（）A．(4，2) B．(4，3) C．(6，2) D．(6，3)5．方程x2﹣2x+3=0的根的情況是（）A．有兩個相等的實數根 B．只有一個實數根C．沒有實數根 D．有兩個不相等的實數根6．下列圖形中的角是圓周角的是（）A． B．C． D．7．如果兩個相似三角形的面積比是1：4，那么它們的周長比是A．1：16 B．1：6 C．1：4 D．1：28．下列圖形中，既是中心對稱圖形，又是軸對稱圖形的是()A． B． C． D．9．如圖，AB為⊙O的直徑，點C、D在⊙O上，若∠AOD=30°，則∠BCD的度數是（）A．150° B．120° C．105° D．75°10．下列品牌的運動鞋標志中，既是軸對稱圖形，又是中心對稱圖形的是（）A． B． C． D．11．如圖，在四邊形中，，對角線、交于點有以下四個結論其中始終正確的有（）①；②；③；④A．1個 B．2個 C．3個 D．4個12．下列一元二次方程有兩個相等實數根的是（）A．x2=0 B．x2=4 C．x2﹣2x﹣1=0 D．x2+1=0二、填空題（每題4分，共24分）13．把拋物線向上平移2個單位，所得的拋物線的解析式是__________.14．把二次函數變形為的形式為_________．15．三角形的兩邊長分別為3和6，第三邊的長是方程x2﹣6x+8＝0的解，則此三角形的周長是_____．16．圓的半徑為1，AB是圓中的一條弦，AB=，則弦AB所對的圓周角的度數為____．17．如圖，點A是反比例函數y=（x＞0）圖象上一點，直線y=kx+b過點A并且與兩坐標軸分別交于點B，C，過點A作AD⊥x軸，垂足為D，連接DC，若△BOC的面積是4，則△DOC的面積是______．18．若方程(a-3)x|a|-1+2x-8=0是關于x的一元二次方程，則a的值是_____.三、解答題（共78分）19．（8分）如圖1，點E是正方形ABCD邊CD上任意一點，以DE為邊作正方形DEFG，連接BF，點M是線段BF中點，射線EM與BC交于點H，連接CM．（1）請直接寫出CM和EM的數量關系和位置關系；（2）把圖1中的正方形DEFG繞點D順時針旋轉45°，此時點F恰好落在線段CD上，如圖2，其他條件不變，（1）中的結論是否成立，請說明理由；（3）把圖1中的正方形DEFG繞點D順時針旋轉90°，此時點E、G恰好分別落在線段AD、CD上，如圖3，其他條件不變，（1）中的結論是否成立，請說明理由．20．（8分）如圖,點是反比例函數圖象上的一點，過點作軸于點，連接，的面積為1．點的坐標為．若一次函數的圖象經過點，交雙曲線的另一支于點，交軸點．(1)求反比例函數和一次函數的解析式；(1)若為軸上的一個動點，且的面積為5，請求出點的坐標．21．（8分）寒冬來臨，豆絲飄香，豆絲是鄂州民間傳統美食；某企業接到一批豆絲生產任務，約定這批豆絲的出廠價為每千克4元，按要求在20天內完成．為了按時完成任務，該企業招收了新工人，新工人李明第1天生產100千克豆絲，由于不斷熟練，以后每天都比前一天多生產20千克豆絲；設李明第x天（，且x為整數）生產y千克豆絲，解答下列問題：(1)求y與x的關系式，并求出李明第幾天生產豆絲280千克？(2)設第x天生產的每千克豆絲的成本是p元，p與x之間滿足如圖所示的函數關系；若李明第x天創造的利潤為w元，求w與x之間的函數表達式，并求出第幾天的利潤最大？最大利潤是多少元？（利潤=出廠價-成本）22．（10分）解方程：(1)(2)23．（10分）如圖，在平面直角坐標系中，拋物線的頂點為，且經過點與軸交于點，連接，，.（1）求拋物線對應的函數表達式；（2）點為該拋物線上點與點之間的一動點.①若，求點的坐標.②如圖②，過點作軸的垂線，垂足為，連接并延長，交于點，連接延長交于點.試說明為定值.24．（10分）如圖，一次函數y＝kx＋b與反比例函數y＝的圖象在第一象限交于A，B兩點，B點的坐標為(3，2)，連接OA，OB，過B作BD⊥y軸，垂足為D，交OA于C，若OC＝CA．(1)求一次函數和反比例函數的表達式；(2)求△AOB的面積．25．（12分）重慶八中建校80周年，在體育、藝術、科技等方面各具特色，其中排球選修課是體育特色項目之一．體育組老師為了了解初一年級學生的訓練情況，隨機抽取了初一年級部分學生進行1分鐘墊球測試，并將這些學生的測試成績（即1分鐘的墊球個數，且這些測試成績都在60～180范圍內）分段后給出相應等級，具體為：測試成績在60～90范圍內的記為D級（不包括90），90～120范圍內的記為C級（不包括120），120～150范圍內的記為B級（不包括150），150～180范圍內的記為A級．現將數據整理繪制成如下兩幅不完整的統計圖，其中在扇形統計圖中A級對應的圓心角為90°，請根據圖中的信息解答下列問題：（1）在這次測試中，一共抽取了名學生，并補全頻數分布直方圖：在扇形統計圖中，D級對應的圓心角的度數為度．（2）王攀同學在這次測試中1分鐘墊球140個．他為了了解自己墊球個數在年級排名的大致情況，他把成績為B等的全部同學1分鐘墊球人數做了統計，其統計結果如表：成績（個）120125130135140145人數（頻數）2831098（墊球個數計數原則：120＜墊球個數≤125記為125，125＜墊球個數≤130記為130，依此類推）請你估計王攀同學的1分鐘墊球個數在年級排名的大致情況．26．如圖，四邊形ABCD的外接圓為⊙O，AD是⊙O的直徑，過點B作⊙O的切線，交DA的延長線于點E，連接BD，且∠E＝∠DBC．（1）求證：DB平分∠ADC；（2）若CD＝9，tan∠ABE＝，求⊙O的半徑．

參考答案一、選擇題（每題4分，共48分）1、A【分析】列舉出所有情況，看兩位數中是奇數的情況占總情況的多少即可．【詳解】解：在0，1，2三個數中任取兩個，組成兩位數有：12，10，21，20四個，是奇數只有21，所以組成的兩位數中是奇數的概率為．故選A．【點睛】數目較少，可用列舉法求概率．用到的知識點為：概率=所求情況數與總情況數之比．2、C【分析】根據矩形的性質和勾股定理求出，再由面積法求出的長即可．【詳解】解：四邊形是矩形，，，，的面積，；故選：．【點睛】本題考查了矩形的性質、勾股定理、直角三角形的面積，熟練掌握矩形的性質，熟記直角三角形的面積求法是解題的關鍵．3、C【分析】根據二次函數的圖象和性質對各項進行判斷即可．【詳解】解：∵函數經過點M(﹣1，2)和點N(1，﹣2)，∴a﹣b+c＝2，a+b+c＝﹣2，∴a+c＝0，b＝﹣2，∴A正確；∵c＝﹣a，b＝﹣2，∴y＝ax2﹣2x﹣a，∴△＝4+4a2＞0，∴無論a為何值，函數圖象與x軸必有兩個交點，∵x1+x2＝，x1x2＝﹣1，∴|x1﹣x2|＝2＞2，∴B正確；二次函數y＝ax2+bx+c(a＞0)的對稱軸x＝﹣＝，當a＞0時，不能判定x＜時，y隨x的增大而減小；∴C錯誤；∵﹣1＜m＜n＜0，a＞0，∴m+n＜0，＞0，∴m+n＜；∴D正確，故選：C．【點睛】本題考查了二次函數的問題，掌握二次函數的圖象和性質是解題的關鍵．4、B【分析】根據點A的坐標變化可以得出線段AB是向右平移一個單位長度，向上平移一個單位長度，然后即可得出點B'坐標.【詳解】∵點A(1，0)平移后得到點A'(2，1)，∴向右平移了一個單位長度，向上平移了一個單位長度，∴點B(3，2)平移后的對應點B'坐標為(4，3).故選：B.【點睛】本題主要考查了直角坐標系中線段的平移，熟練掌握相關方法是解題關鍵.5、C【解析】試題分析：利用根的判別式進行判斷.解：∵∴此方程無實數根.故選C.6、C【解析】根據圓周角的定義來判斷即可.圓周角必須符合兩個條件：頂點在圓上，兩邊與圓相交，二者缺一都不是.【詳解】解：圓周角的定義是：頂點在圓上，并且角的兩邊和圓相交的角叫圓周角.A、圖中的角的頂點不在圓上，不是圓周角;B、圖中的角的頂點也不在圓上，不是圓周角;C、圖中的角的頂點在圓上，兩邊與圓相交，是圓周角;D．圖中的角的頂點在圓上，而兩邊與圓不相交，不是圓周角;故選：【點睛】本題考查了圓周角的定義.圓周角必須符合兩個條件.7、D【解析】根據相似三角形面積的比等于相似比的平方求出相似比，根據相似三角形周長的比等于相似比解答即可．【詳解】解：兩個相似三角形的面積比是1：4，兩個相似三角形的相似比是1：2，兩個相似三角形的周長比是1：2，故選：D．【點睛】本題考查的是相似三角形的性質，掌握相似三角形周長的比等于相似比、相似三角形面積的比等于相似比的平方是解題的關鍵．8、B【解析】根據中心對稱圖形的定義“是指在平面內，把一個圖形繞著某個點旋轉，如果旋轉后的圖形能與原來的圖形重合的圖形”和軸對稱圖形的定義“是指平面內，一個圖形沿著一條直線折疊，直線兩旁的部分能夠完全重合的圖形”逐項判斷即可.【詳解】A、既不是中心對稱圖形，也不是軸對稱圖形，此項不符題意B、既是中心對稱圖形，又是軸對稱圖形，此項符合題意C、是軸對稱圖形，但不是中心對稱圖形，此項不符題意D、是中心對稱圖形，但不是軸對稱圖形，此項不符題意故選：B.【點睛】本題考查了中心對稱圖形的定義和軸對稱圖形的定義，這是常考點，熟記定義是解題關鍵.9、C【解析】試題解析：連接AC，∵AB為⊙O的直徑，∴∠ACB=90°，∵∠AOD=30°，∴∠ACD=15°，∴∠BCD=∠ACB+∠ACD=105°，故選C．10、D【分析】根據軸對稱圖形和中心對稱圖形的定義即可得出答案．【詳解】A是軸對稱圖形，但不是中心對稱圖形，故此選項不符合題意；B不是軸對稱圖形，也不是中心對稱圖形，故此選項不符合題意；C不是軸對稱圖形，也不是中心對稱圖形，故此選項不符合題意；D既是軸對稱圖形又是中心對稱圖形，故此選項符合題意．故選D．【點睛】本題考查軸對稱及中心對稱的定義，掌握中心對稱圖形與軸對稱圖形的概念，要注意：軸對稱圖形的關鍵是尋找對稱軸，圖形兩部分折疊后可重合；中心對稱圖形是要尋找對稱中心，旋轉180度后與原圖重合．11、C【分析】根據相似三角形的判定定理、三角形的面積公式判斷即可．【詳解】解：∵AB∥CD,∴△AOB∽△COD，①正確；∵∠ADO不一定等于∠BCO，∴△AOD與△ACB不一定相似，②錯誤；∴，③正確；∵△ABD與△ABC等高同底，∴，∵，∴，④正確；故選C.【點睛】本題主要考查了相似三角形的判定與性質，掌握相似三角形的判定與性質是解題的關鍵.12、A【分析】根據一元二次方程根的判別式以及一元二次方程的解法，逐一判斷選項，即可．【詳解】A.x2=0，解得：x1=x2=0，故本選項符合題意；B.x2=4，解得：x1=2，x2=-2，故本選項不符合題意；C.x2﹣2x﹣1=0，，有兩個不相等的根，故不符合題意；D.x2+1=0，方程無解，故不符合題意．故選A．【點睛】本題主要考查一元二次方程根的判別式，熟練掌握一元二次方程根的判別式的意義，是解題的關鍵．二、填空題（每題4分，共24分）13、【分析】根據題意直接運用平移規律“左加右減，上加下減”，在原式上加2即可得新函數解析式即可．【詳解】解：∵向上平移2個單位長度，∴所得的拋物線的解析式為．故答案為．【點睛】本題主要考查二次函數圖象的平移，要求熟練掌握平移的規律：左加右減，上加下減．并用規律求函數解析式．14、【分析】利用配方法變形即可.【詳解】解：故答案為：【點睛】本題考查了二次函數的的解析式，熟練掌握配方法是解題的關鍵.15、1【分析】先求出方程的兩根，然后根據三角形的三邊關系，得到合題意的邊，進而求得三角形周長即可．【詳解】解：x2﹣6x+8＝0，(x﹣2)(x﹣4)＝0，x﹣2＝0，x﹣4＝0，x1＝2，x2＝4，當x＝2時，2+3＜6，不符合三角形的三邊關系定理，所以x＝2舍去，當x＝4時，符合三角形的三邊關系定理，三角形的周長是3+6+4＝1，故答案為：1．【點睛】本題考查了因式分解法解一元二次方程以及三角形的三邊關系，不能盲目地將三邊長相加起來，而應養成檢驗三邊長能否成三角形的好習慣，熟練掌握一元二次方程的解法是解法本題的關鍵．16、60°或120°【解析】試題解析：如圖，作OH⊥AB于H，連接OA、OB，∠C和∠C′為AB所對的圓周角，∵OH⊥AB，∴AH=BH=AB=，在Rt△OAH中，∵cos∠OAH=，∴∠OAH=30°，∴∠AOB=180°-60°=120°，∴∠C=∠AOB=60°，∴∠C′=180°-∠C=120°，即弦AB所對的圓周角為60°或120°．點睛：圓周角定理：在同圓或等圓中，同弧或等弧所對的圓周角相等，都等于這條弧所對的圓心角的一半．推論：半圓（或直徑）所對的圓周角是直角，90°的圓周角所對的弦是直徑．17、1﹣1．【分析】先用三角形BOC的面積得出k=①，再判斷出△BOC∽△BDA，得出a1k+ab=4②，聯立①②求出ab，即可得出結論．【詳解】設A（a，）（a＞0），∴AD=，OD=a，∵直線y=kx+b過點A并且與兩坐標軸分別交于點B，C，∴C（0，b），B（﹣，0），∵△BOC的面積是4，∴S△BOC=OB×OC=××b=4，∴b1=8k，∴k=①∴AD⊥x軸，∴OC∥AD，∴△BOC∽△BDA，∴，∴，∴a1k+ab=4②，聯立①②得，ab=﹣4﹣4（舍）或ab=4﹣4，∴S△DOC=OD?OC=ab=1﹣1.故答案為1﹣1．【點睛】此題主要考查了坐標軸上點的特點，反比例函數上點的特點，相似三角形的判定和性質，得出a1k+ab=4是解本題的關鍵．18、-3【分析】根據一元二次方程的定義列方程求出a的值即可.【詳解】∵方程(a-3)x|a|-1+2x-8=0是關于x的一元二次方程，∴-1=2，且a-3≠0，解得：a=-3，故答案為：-3【點睛】本題考查一元二次方程的定義，只含有一個未知數，并且未知數的最高次數是2的方程，叫做一元二次方程；一般形式為ax2+bx+c=0(a≠0)，熟練掌握定義是解題關鍵，注意a≠0的隱含條件，不要漏解.三、解答題（共78分）19、（1）CM=EM，CM⊥EM；（2）成立，理由見解析；（3）成立，理由見解析．【分析】（1）延長EM交AD于H，證明△FME≌△AMH，得到HM=EM，根據等腰直角三角形的性質可得結論；（2）根據正方形的性質得到點A、E、C在同一條直線上，根據直角三角形斜邊上的中線是斜邊的一半證明即可；（3）根據題意畫出完整的圖形，根據平行線分線段成比例定理、等腰三角形的性質證明即可．【詳解】解：（1）如圖1，結論：CM=EM，CM⊥EM．理由：∵AD∥EF，AD∥BC，∴BC∥EF，∴∠EFM=∠HBM，在△FME和△BMH中，，∴△FME≌△BMH，∴HM=EM，EF=BH，∵CD=BC，∴CE=CH，∵∠HCE=90°，HM=EM，∴CM=ME，CM⊥EM．（2）如圖2，連接AE，∵四邊形ABCD和四邊形EDGF是正方形，∴∠FDE=45°，∠CBD=45°，∴點B、E、D在同一條直線上，∵∠BCF=90°，∠BEF=90°，M為AF的中點，∴CM=AF，EM=AF，∴CM=ME，∵∠EFD=45°，∴∠EFC=135°，∵CM=FM=ME，∴∠MCF=∠MFC，∠MFE=∠MEF，∴∠MCF+∠MEF=135°，∴∠CME=360°-135°-135°=90°，∴CM⊥ME．（3）如圖3，連接CF，MG，作MN⊥CD于N，在△EDM和△GDM中，，∴△EDM≌△GDM，∴ME=MG，∠MED=∠MGD，∵M為BF的中點，FG∥MN∥BC，∴GN=NC，又MN⊥CD，∴MC=MG，∴MD=ME，∠MCG=∠MGC，∵∠MGC+∠MGD=180°，∴∠MCG+∠MED=180°，∴∠CME+∠CDE=180°，∵∠CDE=90°，∴∠CME=90°，∴（1）中的結論成立．【點睛】本題考查的是正方形的性質、全等三角形的判定定理和性質定理以及直角三角形的性質等知識，解題的關鍵是學會添加常用輔助線，構造全等三角形解決問題，屬于中考壓軸題．20、(1)，；(1)P(0，5)或(0，1)．【分析】（1）根據“點A是反比例函數圖象上的一點，過點A作AB⊥x軸于點B，連接OA，△AOB的面積為1”即可求得k的值，從而得到反比例函數的解析式，分別將點A和點D的坐標代入反比例函數的解析式，即可求得點A和點D的坐標，用待定系數法求出a和b的值，即能求得一次函數的解析式，

（1）△PAC可以分成△PAD和△PCD，分別求出點A和點C到y軸的距離，根據“△PAC的面積為5”，求出PD的長度，結合點D的坐標，求出點P的坐標即可．【詳解】解：（1）根據題意得：

k=-1×1=-4，

即反比例函數的解析式為，解得：

m=4，n=-1，

即點A（-1，4），點C（4，-1），

把點A（-1，4），C（4，-1）代入y=ax+b得：，解得：，即一次函數的解析式為：y=-x+3，

（1）把x=0代入y=-x+3得：y=3，

即點D（0，3），

點A到y軸的距離為1，點C到y軸的距離為4，

S△PAD=×PD×1=PD，

S△PCD=×PD×4=1PD，

S△PAC=S△PAD+S△PCD=PD=5，

PD=1，

∵點D（0，3），

∴點P的坐標為（0，1）或（0，5）．【點睛】本題考查了反比例函數與一次函數的交點問題，根據題意和圖示找出正確的等量關系式解決本題的關鍵．21、（1），第10天生產豆絲280千克；（2）當x=13時，w有最大值，最大值為1.【分析】（1）根據題意可得關系式為：y=20x+80，把y=280代入y=20x+80，解方程即可求得；

（2）根據圖象求得成本p與x之間的關系，然后根據利潤等于訂購價減去成本價，然后整理即可得到W與x的關系式，再根據一次函數的增減性和二次函數的增減性解答；【詳解】解：（1）依題意得：令，則，解得答：第10天生產豆絲280千克.(2)由圖象得，當0＜x＜10時，p=2；當10≤x≤20時，設P=kx+b，把點（10，2），（20，3）代入得，解得∴p=0.1x+1，①1≤x≤10時，w=（4-2）×（20x+80）=40x+160，∵x是整數，∴當x=10時，w最大=560（元）；②10＜x≤20時，w=（4-0.1x-1）×（20x+80）=-2x2+52x+240，=-2（x-13）2+1，∵a=-2＜0，∴當x=-=13時，w最大=1（元）綜上，當x=13時，w有最大值，最大值為1．【點睛】本題考查的是二次函數在實際生活中的應用，主要是利用二次函數的增減性求最值問題，利用一次函數的增減性求最值，難點在于讀懂題目信息，列出相關的函數關系式．22、(1)，；(2)，.【分析】（1）用因式分解法求解即可；（2）用公式法求解即可.【詳解】解：(1)原方程可化為，移項得，分解因式得，于是得，或，，；(2)原方程化簡得，，∴，，.【點睛】本題考查了一元二次方程的解法，常用的方法由直接開平方法、配方法、因式分解法、求根公式法，靈活選擇合適的方法是解答本題的關鍵.23、（1）；（2）①點的坐標為，；②，是定值.【分析】（1）設函數為，把代入即可求解；（2）①先求出直線AB解析式，求出C’點，得到，再求出，設點，過作軸的平行線交于點，得到，根據三角形面積公式得，解出x即可求解；②過作軸的垂線，垂足為點，設，表示出，故，根據，得，故，即，得到.再過作的垂線，垂足為點，根據相似三角形的性質得到，可得的值即為定值.【詳解】（1）解：設，把點代入，得，解得，∴該拋物線對應的函數表達式為.（2）①設直線的函數表達式為，把，代入，得，解得.∴直線的函數表達式為.設直線與軸交于點，則點，∴.，.設點，過作軸的平行線交于點，則，∴，，，所以點的坐標為，.②過作軸的垂線，垂足為點，設，則，，由，得，，即，故.過作的垂線，垂足為點，由，得，，即，故.所以，是定值.【點睛】此題主要考查二次函數綜合，解題的關鍵是熟知二次函數的圖像與性質，相似三角形的判定與性質.24、(1)y＝；y＝－x＋6(2)【解析】（1）先利用待定系數法求出反比例函數解析式，進而確定出點A的坐標，再用待定系數法求出一次函數解析式；（2）先求出OB的解析式，進而求出AG，用三角形的面積公式即可得出結論．【詳解】解：（1）如圖，過點A作AF⊥x軸交BD于E，∵點B（3，2）在反比例函數的圖象上，∴a=3×2=6，∴反比例函數的表達式為，∵B（3，2），∴EF=2，∵BD⊥y軸，OC=CA，∴AE=EF=AF，∴AF=4，∴點A的縱坐標為4，∵點A在反比例函數圖象上，∴A（，4），∴，∴，∴一次函數的表達式為；（2）如圖1，過點