2023年高考物理模擬試卷注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、我國第一顆人造地球衛星因可以模擬演奏《東方紅》樂曲并讓地球上從電波中接收到這段音樂而命名為“東方紅一號”。該衛星至今仍沿橢圓軌道繞地球運動。如圖所示，設衛星在近地點、遠地點的角速度分別為，，在近地點、遠地點的速度分別為，，則（）A． B． C． D．2、下列說法正確的是（）A．普朗克提出了微觀世界量子化的觀念，并獲得諾貝爾獎B．愛因斯坦最早發現光電效應現象，并提出了光電效應方程C．德布羅意提出并通過實驗證實了實物粒子具有波動性D．盧瑟福等人通過粒子散射實驗，提出了原子具有核式結構3、安培曾假設：地球的磁場是由繞地軸的環形電流引起的。現代研究發現：地球的表面層帶有多余的電荷，地球自轉的速度在變慢。據此分析，下列說法正確的是（）A．地球表面帶有多余的正電荷，地球的磁場將變弱B．地球表面帶有多余的正電荷，地球的磁場將變強C．地球表面帶有多余的負電荷，地球的磁場將變弱D．地球表面帶有多余的負電荷，地球的磁場將變強4、一帶電粒子從A點射人電場，從B點射出，電場的等勢面和粒子的運動軌跡如圖所示，圖中左側前三個等勢面彼此平行，不計粒子的重力．下列說法正確的有A．粒子帶正電荷B．粒子的速度不斷增大C．粒子的加速度先不變，后變小D．粒子的電勢能先減小，后增大5、下列說法中正確的是A．α粒子散射實驗發現了質子B．玻爾理論不僅能解釋氫的原子光譜，也能解釋氦的原子光譜C．熱核反應的燃料是氫的同位素，裂變反應的燃料是鈾D．中子與質子結合成氘核的過程中需要吸收能量6、如圖所示，吊籃A、物體B、物體C的質量均為m，兩物體分別固定在豎直彈簧兩端，彈簧的質量不計，整個系統在輕繩懸掛下處于靜止狀態，現將懸掛吊籃的輕繩剪斷在輕繩剛被剪斷的時間（）A．物體B的加速度大小為g B．物體C的加速度大小為2gC．吊籃A的加速度大小為g D．吊籃A與物體C間的彈力大小為0.5mg二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一定質量的理想氣體從狀態A變化到狀態B，再由狀態B變化到狀態C，其狀態變化過程的p-V圖象如圖所示。已知氣體在狀態A時的溫度為17℃，熱力學溫度與攝氏溫度間的關系為T=t+273K，則下列說法正確的是（）A．氣體在狀態B時的溫度為290KB．氣體在狀態C時的溫度為580KC．氣體由狀態B到狀態C的過程中，溫度降低，內能減小D．氣體由狀態B到狀態C的過程中，從外界吸收熱量8、如圖所示，質量為M的小車置于光滑的水平地面上，小車的右端固定著豎直擋板，擋板與彈簧右端相連，彈簧的左端連接質量為m的木塊。彈簧處于原長狀態，木塊與小車間的滑動摩擦因數為μ。從某時刻開始給小車施加水平向右的外力F，外力F從零開始緩慢均勻增大，當F增大到2μ(m+M)g時保持大小不變。彈簧一直處于彈性限度內，木塊的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，下列各種說法中正確的是（）A．木塊所受的摩擦力先均勻增大，后保持不變B．當彈簧產生彈力時，外力F的大小為μ(m+M)gC．在外力F從零達最大的過程中，靜摩擦力和彈簧對木塊所做的功相等D．在外力F從零達最大的過程中，彈簧獲得的彈性勢能等于系統獲得的內能9、一質點做勻速直線運動，現對其施加一方向不變、大小隨時間均勻增加的外力，且原來作用在質點上的力不發生改變。則該質點（）A．速度的方向總是與該外力的方向相同B．加速度的方向總是與該外力的方向相同C．速度的大小隨該外力大小增大而增大D．加速度的大小隨該外力大小增大而增大10、下列說法正確的是（）A．肥皂泡呈現彩色是光的薄膜干涉現象B．泊松亮斑支持了光的粒子說C．拍攝玻璃櫥窗內的物品時，在鏡頭前加一個偏振片可以減弱玻璃表面反射光的影響D．光纖通信及醫用纖維式內窺鏡都是利用了光的全反射原理E.X射線比無線電波更容易發生衍射現象三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(某同學要測定某金屬絲的電阻率。(1)如圖甲先用游標卡尺測其長度為________cm,如圖乙再用螺旋測微器測其直徑為________mm，如圖丙然后用多用電表×1Ω擋粗測其電阻為________Ω。(2)為了減小實驗誤差，需進一步測其電阻，除待測金屬絲外，實驗室還備有的實驗器材如下：A．電壓表V(量程3V.內阻約為15kΩ)B．電流表A(量程0.6A．內阻約為1Ω)C．滑動變阻器R1(0~5Ω,

0.6A)D．1.5V的干電池兩節，內阻不計E.開關S,導線若干①請設計合理的電路圖，并畫在下圖方框內_________。②用上面測得的金屬導線長度l、直徑d和電阻R，可根據表達式ρ=________算出所測金屬的電阻率。12．（12分）圖甲是某同學驗證動能定理的實驗裝置。其步驟如下：A．易拉罐內盛上適量細沙，用輕繩通過滑輪連接在小車上，小車連接紙帶。合理調整木板傾角，讓小車沿木板勻速下滑。B．取下輕繩和易拉罐，測出易拉罐和細沙的質量m1以及小車質量m2。C．撤去細繩和易拉罐后，換一條紙帶，讓小車由靜止釋放，打出的紙帶如圖乙(中間部分未畫出)，O為打下的第一點。己知打點計時器的打點時間間隔為T，重力加速度為g。(1)步驟C中小車所受的合外力大小為___(2)為驗證從O—C過程中小車合外力做功與小車動能變化的關系，測出BD間的距離為，OC間距離為，則C點速度大小為___，需要驗證的關系式為____(用所測物理量的符號表示)。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在豎直平面內建立直角坐標系xOy，在x<0區域內存在一圓形的勻強磁場，圓心O1坐標為（-d，0），半徑為d，磁感應強度大小為B，方向與豎直平面垂直，x≥0區域存在另一磁感應強度大小也為B的勻強磁場，方向垂直于紙面向里。現有兩塊粒子收集板如圖所示放置，其中的端點A、B、C的坐標分別為（d，0）、（d，）、（3d，0），收集板兩側均可收集粒子。在第三象限中，有一寬度為2d粒子源持續不斷地沿y軸正方向發射速率均為v的粒子，粒子沿x軸方向均勻分布，經圓形磁場偏轉后均從O點進入右側磁場。已知粒子的電荷量為+q，質量為m，重力不計，不考慮粒子間的相互作用，求：(1)圓形磁場的磁場方向；(2)粒子運動到收集板上時，即刻被吸收，求收集板上有粒子到達的總長度；(3)收集板BC與收集板AB收集的粒子數之比。14．（16分）如圖所示，一根勁度系數為的輕質彈簧豎直放置，上下兩端各固定質量均為的物體A和B（均視為質點），物體B置于水平地面上，整個裝置處于靜止狀態，一個質量的小球P從物體A正上方距其高度處由靜止自由下落。與物體A發生彈性正碰（碰撞時間極短且只碰一次），彈簧始終處于彈性限度內，不計空氣阻力，取。求：(1)碰撞后瞬間物體A的速度大小；(2)當地面對物體B的彈力恰好為零時，A物體的速度大小。15．（12分）如圖所示，在豎直平面內，第二象限存在方向豎直向下的勻強電場(未畫出)，第一象限內某區域存在一邊界為矩形、磁感應強度B0＝0.1T、方向垂直紙面向里的勻強磁場(未畫出)，A(m，0)處在磁場的邊界上，現有比荷＝108C/kg的離子束在紙面內沿與x軸正方向成θ＝60°角的方向從A點射入磁場，初速度范圍為×106m/s≤v0≤106m/s，所有離子經磁場偏轉后均垂直穿過y軸正半軸，進入電場區域。x軸負半軸上放置長為L的熒光屏MN，取π2＝10，不計離子重力和離子間的相互作用。(1)求矩形磁場區域的最小面積和y軸上有離子穿過的區域長度；(2)若速度最小的離子在電場中運動的時間與在磁場中運動的時間相等，求電場強度E的大小(結果可用分數表示)；(3)在第(2)問的條件下，欲使所有離子均能打在熒光屏MN上，求熒光屏的最小長度及M點的坐標。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

根據開普勒第二定律可知，從遠地點到近地點衛星做加速運動，而近地點到遠地點，衛星做減速運動，所以近地點的速度大于遠地點的即根據可知，因為近地點到地心的距離小于遠地點到地心的距離，即則有故選C。2、D【解析】

A．普朗克最先提出能量子的概念，愛因斯坦提出了微觀世界量子化的觀念，A錯誤；B．最早發現光電效應現象的是赫茲，B錯誤；C．德布羅意只是提出了實物粒子具有波動性的假設，并沒有通過實驗驗證，C錯誤；D．盧瑟福等人通過粒子散射實驗，提出了原子具有核式結構，D正確。故選D。3、C【解析】

地球自西向東自轉，地球表面帶電，從而形成環形電流。這一環形電流產生地磁場。若從北極俯視地球地磁場由外向里，由安培定則知產生磁場的環形電流方向應自東向西，與地球自轉方向相反，則地球帶負電。地球自轉速度變小，則產生的環形電流變小，則產生的磁場變弱，ABD錯誤，C正確。故選C。4、C【解析】

A.帶電粒子做曲線運動，受力指向曲線的內側，所以所受電場力向左，帶負電；A錯；BC.電場力做負功，所以動能越來越小，電勢能越來越大，速度越來越小B錯；C,對；D.等勢線的疏密程度反映場強大小，所以所受電場力越來越小，加速度越來越小，D錯．故選C5、C【解析】試題分析：盧瑟福通過α粒子散射實驗否定了湯姆生的棗糕模型，從而提出了原子核式結構模型，質子的發現是盧瑟福通過α粒子轟擊氮核而發現質子，選項A錯．波爾理論把原子能級量子化，目的是解釋原子輻射的線狀譜，但是波爾理論只能很好的解釋氫原子的線狀譜，在解釋氦的原子光譜和其他原子光譜時并不能完全吻合，選項B錯．熱核反應主要是氘核氚核在高溫高壓下發生的聚變反應，氘核和氚核都是氫的同位素，裂變主要是鈾核裂變，選項C對．中子和質子結合成氘核是聚變反應，該過程釋放能量，選項D錯．考點：原子原子核6、D【解析】

A．彈簧開始的彈力F=mg剪斷細線的瞬間，彈簧彈力不變，B的合力仍然為零，則B的加速度為0，故A錯誤；BC．剪斷細線的瞬間，彈力不變，將C和A看成一個整體，根據牛頓第二定律得即A、C的加速度均為1.5g，故BC錯誤；D．剪斷細線的瞬間，A受到重力和C對A的作用力，對A有得故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A．氣體在狀態A時的溫度為17C，TA=(273+17）K=290K，由理想氣體狀態方程得氣體在狀態B時的溫度TB=1160KA項錯誤；B．氣體由狀態B到狀態C做等容變化，根據查理定律得解得Tc=580KB項正確；C．氣體由狀態B到狀態C不對外做功，但溫度降低，內能減小，C項正確；D．根據熱力學第一定律可知氣體向外界放出熱量，D項錯誤。故選BC。8、AB【解析】

A．當F較小時，木塊和小車相對靜止，由牛頓第二定律有F=(m+M)aFf=ma得Ff=Ff與F成正比，當Ff增大到等于μmg后，木塊與小車間緩慢相對移動，Ff保持不變，故A正確；B．當彈簧產生彈力時，摩擦力達最大Ff=μmg可得F=μ(m+M)g故B正確；C．當F達最大時，有2μ(m+M)g=(m+M)a′μmg+F′=ma′得F′=μmg所以靜摩擦力和彈簧彈力都是由零增大到μmg，但由于靜摩擦力產生在先，彈簧彈力產生在后，木塊的速度不相同，木塊的位移不相同，所以兩力做功不相等，故C錯誤；D．彈簧的彈性勢能等于彈簧的彈力做功，相對應的位移為木塊在小車上滑動的距離，系統的內能等于滑動摩擦力與木塊在小車上滑動的距離的乘積，但由于兩力并不相等，所以彈簧獲得的彈性勢能與系統獲得的內能不相等，故D錯誤。故選AB。9、BD【解析】

A．速度的方向不一定與該外力的方向相同，選項A錯誤；B．該外力的方向就是合外力的方向，則加速度的方向總是與該外力的方向相同，選項B正確；CD．該外力增大，則合外力增大，加速度變大，而速度的大小不一定隨該外力大小增大而增大，選項C錯誤，D正確；故選BD。10、ACD【解析】

A．肥皂泡呈現彩色是光通過前面、后面反射回來的光發生干涉現象的結果，故A正確；B．泊松亮斑支持了光的波動說，故B錯誤；C．拍攝玻璃櫥窗內的物品時，反射光的振動方向和玻璃櫥窗內的物品光的振動方向不同，所以在鏡頭前加一個偏振片可以減弱玻璃表面反射光的影響，C項正確；D．光纖通信及醫用纖維式內窺鏡都是利用了光的全反射原理，故D正確；E．波長越長越容易發生衍射現象，而X射線比無線電波波長短，不容易發生衍射現象，故E錯誤。故選ACD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、6.0151.7706見解析【解析】

(1)[1]．游標卡尺讀數為：

主尺讀數+游標尺讀數×精度，此題讀數為：

60mm+3x0.05

mm

=60.15mm=6.015cm即金屬絲的長度為6.015cm。[2]．螺旋測微器的讀數為：固定刻度讀數+可動刻度讀數+估讀，此題的讀數為：

1.5

mm

+

27.3x0.01

mm

=

1.773

mm.即金屬絲直徑為1.773mm。[3]．多用表的讀數為電阻的粗測值，為6Ω。(2)①[4]．電路圖如圖所示。②[5]．由電阻定律，有12、（1）m1g；（2），【解析】

（1）[1]小車勻速下滑時受到重力、支持力、摩擦力和輕繩的拉力，合力為零；撤去拉力后，其余力不變，故合力等于撤去輕繩的拉力，而輕繩的拉力等于易拉罐和細沙的重力，所以小車所受的合外力為m1g；（2）[2]勻變速直線運動的平均速度等于中間時刻瞬時速度，故；[3]動能增量為：，合力的功為：，需要驗證的關系式為：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)垂直紙面向外；(2)(3)1:1【解析】

(1)粒子帶正電且在圓形磁場中向右偏轉，可知磁場方向垂直紙面向外；(2)利用旋轉圓可以知道，粒子平行于Y軸射入圓形磁場中，且都從同一點O射入右邊的磁場中，則粒子運動的軌跡圓半徑必與圓形磁場的半徑是相同的，即為d；粒子進入右邊磁場后，因為磁感應強度也為B，可知粒子在右邊磁場中運動時的圓軌跡半徑也為r=d；打在AB收集板上的臨界情況分別是軌跡圓與AB板相切，即沿x軸正方向射入的粒子，和粒子剛好過A點的粒子，故AB板上粒子打的區域長度為d。而粒子只有從第四象限進入右邊磁場才有可能打在收集板BC上。根據幾何關系可得，粒子剛好經過A點時，軌跡圓圓心O2和原點O以及A點構成一個正三角形，可得：粒子與x軸正方向成30°向下。此時粒子剛好打到BC板上的P1點。由幾何關系可知OAP1O1為菱形，且AP1與BC垂直，則由幾何關系可得，粒子在板上打的最遠距離是當直徑作為弦的時候，此時與BC的交點為P2，根據點A、B、C的坐標可得，三角形ABC是直角三角形，角C為30°由余弦定理可得解得：第二個臨界，軌跡圓恰好與BC收集板相切，由幾何關系可得，此時交點與P1重合。則打到收集板上粒子的總長：(3)粒子打在AB收集板的角度范圍是與x軸正方向0°~30°，打在BC板上的角度范圍是與x軸正方向成30°~90°。由于粒子是沿x軸均勻分布，故需要計算找出入射粒子的長度之比。由幾何關系可得，進入第四象限的粒子入射的長度分布恰好是粒子源中左半部分的d，故只需找到與x軸正方向成30°入射的粒子進入圓心磁場的位置即可，LMN=dsin3