湖南省株洲市醴陵四中2019_2020學年高二物理上學期12月月考試題含解析湖南省株洲市醴陵四中2019_2020學年高二物理上學期12月月考試題含解析PAGE24-湖南省株洲市醴陵四中2019_2020學年高二物理上學期12月月考試題含解析湖南省株洲市醴陵四中2019-2020學年高二物理上學期12月月考試題(含解析）一、選擇題1.下列說法中正確的是（）A。電場線和磁感線都是一系列閉合曲線B.在醫療手術中，為防止麻醉劑乙醚爆炸,醫生和護士要穿由導電材料制成的鞋子和外套，這樣做是為了消除靜電C.奧斯特提出了分子電流假說D。首先發現通電導線周圍存在磁場的科學家是安培【答案】B【解析】電場線是從正電荷開始，終止于負電荷，不是封閉曲線，A錯誤；麻醉劑為易揮發性物品，遇到火花或熱源便會爆炸，良好接地，目的是為了消除靜電，這些要求與消毒無關，B正確；安培發現了分子電流假說,奧斯特發現了電流的磁效應,CD錯誤；2.以下說法正確的是（）A.由可知此場中某點的電場強度與成正比B.由公式可知電場中某點的電勢與成反比C。公式，電容器的電容大小與電容器兩極板間電勢差無關D。由可知，勻強電場中的任意兩點、間的距離越大，則兩點間的電勢差一定越大【答案】C【解析】【詳解】AB．電場場強、電勢都由電場本身決定，與電場力、檢驗電荷無關，故兩種說法錯誤,故AB錯誤;C．是電容的定義式，采用比值法定義，電容器的電容大小由電容器本身決定，與電容器兩極板間電勢差無關，故C正確；D．由可知，勻強電場中的任意兩點、間沿電場線方向間的距離越大,則兩點間的電勢差一定越大，若勻強電場中的點、間的距離與電場線垂直，距離越大但電勢不變，故D錯誤;故選C。3.圖中虛線是某電場的一組等勢面．兩個帶電粒子從P點沿等勢面的切線方向射入電場，粒子僅受電場力作用,運動軌跡如實線所示，a、b是實線與虛線的交點．下列說法正確的是(）A.兩粒子的電性相同B。a點的場強小于b點的場強C。a點的電勢高于b點的電勢D.與P點相比兩個粒子的電勢能均增大【答案】B【解析】【分析】根據軌跡判定a粒子受到中心電荷的斥力,而b粒子受到中心電荷的斥力，即可判斷兩粒子的電性關系;此電場是點電荷產生的，根據距離即可比較a、b兩點場強的大小；兩粒子在運動過程中電場力都做正功,電勢能均減小。【詳解】A．根據軌跡的彎曲方向可知，a粒子受到中心電荷的斥力，而b粒子受到中心電荷的斥力，說明a與中心電荷電性相同，b與中心電荷的電性相反，則兩粒子的電性相反．故A正確；B．由等勢面的分布可知,該電場是點電荷產生的，由場強公式可知,a點的場強小于b點的場強．故B正確；C．由于中心電荷的電性無法判斷，電場線方向無法判定，則不能比較a、b的電勢高低．故C錯誤;D．電場力對兩粒子均做正功，則兩個粒子的電勢能均減小．故D正確。故選ABD。【點睛】根據軌跡彎曲方向判定兩粒子與中心電荷電性的關系是解決本題的突破口．要注意電勢能,電荷，電勢都有正負．學會由電場力做功的正負來確定電勢能的增減．4。如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，滑動變阻器最大電阻為R，開關K閉合．兩平行金屬極板a、b間有勻強磁場，一帶負電的粒子（不計重力)以速度v水平勻速穿過兩極板．下列說法正確的是A。保持開關閉合，滑片P的位置不動，將b板向下移動，粒子可能從a板邊緣射出B.保持開關閉合,滑片P向下移動,粒子可能從a板邊緣射出C。將開關斷開，粒子將繼續沿直線勻速射出D。若增大帶電粒子帶電量，粒子將向b板偏轉【答案】B【解析】【詳解】A．帶負電粒子（不計重力）以速度v水平勻速穿過兩極板．所以電場力和洛侖茲力平衡，開關閉合，滑片P的位置不動，極板間電壓不變,將b板向下移動，板間距變大，根據可知,板間場強變小，電場力變小，粒子向b板偏轉，故A錯誤．B．保持開關閉合，滑片P向下移動,回路總電阻變大，電流變小，內阻和定值電阻上的分壓變小，滑動變阻器上的分壓變大，電容器兩端電壓變大,場強變大，電場力變大，粒子向上偏轉，可能從a板邊緣射出,故B正確．C．將開關斷開，電容器放電，電場消失,則電場力不存在，導致粒子將一定向下偏轉，故C錯誤．D．帶負電的粒子（不計重力)以速度v水平勻速穿過兩極板與粒子帶電量無關，故D錯誤．5.如圖所示電路中,當滑動變阻器的滑片P從a端向b端滑動時，以下判斷正確的是A。電壓表讀數變大，通過燈L1的電流變大,燈L2變亮B。電壓表讀數變小，通過燈L1的電流變小,燈L2變亮C.電壓表讀數變大，通過燈L2的電流變小，燈L1變暗D.電壓表讀數變小,通過燈L2的電流變小，燈L1變暗【答案】B【解析】【詳解】當滑動變阻器的滑片P從a端向b端滑動時,變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流增大，通過燈L2的電流變大，則燈L2變亮．電源的內電壓和L2的電壓增大，路端電壓減小，則并聯部分電壓減小，電壓表讀數變小，通過燈L1的電流變小，燈L1變暗．A．電壓表讀數變大，通過燈L1電流變大,燈L2變亮，與分析不符，故A錯誤．B．電壓表讀數變小，通過燈L1的電流變小，燈L2變亮，與分析相符，故B正確．C．電壓表讀數變大，通過燈L2的電流變小，燈L1變暗，與分析不符，故C錯誤．D．電壓表讀數變小,通過燈L2的電流變小，燈L1變暗，與分析不符，故D錯誤．6.在地球赤道上空，沿東西方向水平放置一根通以由西向東的直線電流，則此導線受到的安培力方向（)A.豎直向上 B.豎直向下 C.由南向北 D。由西向東【答案】A【解析】【詳解】地球表面附近赤道上空地磁場呈水平方向，由南向北，電流方向由西向東,由左手定則可判斷導線受到的安培力方向豎直向上所以，A選項正確，BCD選項錯誤故選A7。一電流表并聯一個分流電阻后就改裝成一個電流表，當把它和標準電流表串聯后去測某電路中的電流時，發現標準表讀數為1.1A時,而改裝表的讀數為1。0A，稍微偏小些，為了使它的讀數準確，應A。在原分流電阻上再并聯一個較大的電阻 B.在原分流電阻上再串聯一個較小的電阻C。在原分流電阻上再串聯一個較大的電阻 D.在原分流電阻上再并聯一個較小的電阻【答案】B【解析】【詳解】電流表示數偏小，說明所并聯電阻的分流太大，則分流電阻阻值偏小,讓分流電阻變的稍大些即可；A．在原分流電阻上再適當并聯一個較大的電阻,分流電阻變小,故A錯誤；B．在原分流電阻上再適當串聯一個較小的電阻，分流電阻稍增大，故B正確；C．在原分流電阻上再適當串聯一個較大的電阻，分流電阻太大，故C錯誤；D．在原分流電阻上再適當并聯一個較小的電阻，分流電阻變小，故D錯誤；8。如圖所示，帶電粒子不計重力以初速度v0從a點進入勻強磁場,運動中經過b，oa=ob，若撤去磁場加一個與y軸平行的勻強電場，仍以v0從a點進入電場,粒子仍能通過b點，那么電場強度E與磁感應強度B之比為A。v0B。1C。2v0D。【答案】C【解析】【詳解】設oa=ob=d因為帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，所以圓周運動的半徑正好等于d,解得：如果換成勻強電場，水平方向以v0做勻速直線運動，豎直沿y軸負方向做勻加速運動解得:所以A．v0與分析不符，故A錯誤．B．1與分析不符,故B錯誤．C．2v0與分析相符，故C正確．D．與分析不符，故D錯誤．9.如圖所示,用細橡皮筋懸吊一輕質線圈，置于一固定直導線上方，線圈可以自由運動．當給兩者通以圖示電流時,線圈將（)A.靠近直導線,兩者仍在同一豎直平面內 B.遠離直導線,兩者仍在同一豎直平面內C。靠近直導線，同時旋轉90° D.遠離直導線,同時旋轉90°【答案】A【解析】【詳解】由右手螺旋定則判斷出直導線的磁場，線圈在直導線上邊，所處的磁場方向垂直紙面向外．由左手定則判斷線圈的受力情況,左右部分大小相等，方向相反,上下兩邊方向也相反,但由于直導線周圍磁感應強度的大小與它到導線的距離成反比,線圈下邊受力比上邊受力大，合力向下，所以線圈向下運動靠近通電長直導線，而不會發生轉動．故A正確10。智能手機電池“快速充電技術”可以使用戶在短時間內完成充電，比如對一塊額定電壓、容量1430毫安時的電池充電,可以在半小時內將電池充到滿容量的75%，結合本段文字和你所學知識，關于“快速充電技術”，你認為下列敘述中比較合理的是(）A。這里所提到的“毫安時”指的是一種能量單位B。這里所提到的“滿容量的75％”是指將電池電壓充到的75%C.“快速充電技術"提高了鋰電池的原有容量D.對額定電壓的鋰電池充電，其充電電壓應高于【答案】D【解析】【詳解】根據q=It可知，毫安時（mAh）是電荷量的單位，不是能量的單位，故A錯誤；這里所提到的“滿容量的75%”是指將電量充到滿容量的75％，故B錯誤；快速充電技術提高了鋰電池的充電速度，不會提高原有容量，故C錯誤；為了能為電池充電，對額定電壓3.7V的鋰電池充電,其充電電壓應高于3.7V，故D正確．故選D．【點睛】本題考查對電池容量的理解，要求明確電源的基本性質包括：電動勢、內阻和容量；快速充電只能提高充電速度,不會改變電池的容量．11。如圖所示，兩根長直導線豎直插入光滑絕緣水平桌面上的M、N兩小孔中，O為M、N連線中點，連線上a、b兩點關于O點對稱．導線均通有大小相等、方向向上的電流；已知長直導線在周圍產生的磁場的磁感應強度，式中k是常數、I是導線中電流、r為點到導線的距離；一帶正電的小球以初速度v0從a點出發沿連線運動到b點．關于上述過程，下列說法正確的是（）A。小球先做加速運動后做減速運動B.小球一直做勻速直線運動C.小球對桌面的壓力先減小后增大D。小球對桌面的壓力一直在增大【答案】BD【解析】【詳解】根據右手螺旋定則及磁場的疊加可知a點處的磁場方向垂直于MN向里，b點處的磁場方向垂直于MN向外;從a點到O點，磁場大小減小，過O點后反向增大；根據左手定則可知,開始時帶正電的小球受到的洛侖茲力方向向上，過O點后洛侖茲力的方向向下;由此可知，小球將做勻速直線運動，小球對桌面的壓力一直在增大，故AC錯誤，BD正確．12。一輛電動觀光車蓄電池的電動勢為E,內阻不計，當空載的電動觀光車以大小為v的速度勻速行駛時，流過電動機的電流為I,電動車的質量為m，電動車受到的阻力是車重的k倍，忽略電動觀光車內部的摩擦，則（）A.電動機的內阻為B。電動機的內阻為C。電動車的工作效率D。電動機的發熱效率【答案】BC【解析】【詳解】AB．由功能關系得電動機的內阻A錯誤,B正確；CD．電動車的工作效率等于輸出功率與總功率之比，即C正確D錯誤;故選BC。【點睛】在計算電功率的公式中，總功率用P=IU來計算，發熱的功率用來計算，如果是計算純電阻的功率,這兩個公式的計算結果是一樣的，但對于電動機等非純電阻,第一個計算的是總功率，第二個只是計算發熱的功率,這兩個的計算結果是不一樣的。13。如圖所示，在一矩形區域內,不加磁場時，不計重力的帶電粒子以某一初速度垂直左邊界射入，穿過此區域的時間為t，若加上磁感應強度為B水平向外的勻強磁場,帶電粒子仍以原來的初速度入射，粒子飛出時偏離原方向60°,利用以上數據可求出下列物理量中的哪幾個A.帶電粒子的比荷B.帶電粒子在磁場中運動的周期C。帶電粒子的初速度D.帶電粒子在磁場中運動的半徑【答案】AB【解析】【詳解】A．由帶電粒子在磁場中運動的偏轉角可知，帶電粒子運動軌跡所對的圓心角為60°，由幾何關系得磁場寬度又由未加磁場時有d=vt所以可求得比荷故A正確．B．周期：可求出，故B正確CD．因初速度未知，無法求出半徑，故CD錯誤．14.如圖所示,一個“V"形玻璃管ABC倒置于豎直平面內,并處于場強大小為E=1×103V/m，方向豎直向下的勻強電場中，一個重力為G＝1×10－3N電荷量為q=2×10－6C的帶負電小滑塊從A點由靜止開始運動,小滑塊與管壁的動摩擦因數μ=0.5,已知管長AB=BC=L=2m,傾角α=，B點是一段很短的光滑圓弧管,sin=0.6，cos=0.8,重力加速度g=10m/s2，下列說法中正確的是(）A.B、A兩點間的電勢差為1200VB。小滑塊從A點第一次運動到B點的過程中電勢能增大C。小滑塊第一次速度為零的位置在BC間某處D.從開始運動到最后靜止,小滑塊通過的總路程為3m【答案】ACD【解析】【詳解】A．AB兩點間沿電場方向的長度為故BA兩點間的電勢差為故A正確;B．由于小滑塊帶負電，所以小滑塊從A點第一次運動到B點的過程中，電場力做正功，電勢能減小，B錯誤;CD．小滑塊從A到B的運動過程，合外力方向沿AB斜面向上，小滑塊在BC上時，合外力方向沿BC斜面向上，故小滑塊在AB上做加速度為a的勻加速運動,在BC斜面上做加速度為5a的勻減速運動直到靜止,那么，小滑塊第一次速度為零的位置在BC上；小滑塊從A到B運動的路程為d=AB=2m，然后第一次停在BC上，在BC上運動路程為再從第一次靜止到B的路程為，從B到第二次靜止的路程為故小滑塊從靜止到第一次速度為零的路程為第一次速度為零到第二次速度為零的路程為第二次速度為零到第三次速度為零的路程為所以，從開始運動到最后靜止,小滑塊通過的總路程故C錯誤，D正確．二、實驗題15.（1）某同學分別用螺旋測微器和10分度的游標卡尺測量小球的直徑,其示數如圖所示,則圖1小球的直徑為____mm．圖2讀出小球直徑的值為____m．（2）一課外小組同學想要測量一個電源的電動勢及內阻．準備的器材有：電流表（0～200mA,內阻是12Ω），電阻箱R（最大阻值9.9Ω），一個開關和若干導線．①由于電流表A的量程較小，考慮到安全因素，同學們將一個定值電阻和電流表并聯，若要使并聯后流過定值電阻的電流是流過電流表的電流的2倍,則定值電阻的阻值R0＝_______Ω．②設計的電路圖如圖甲所示．若實驗中記錄電阻箱的阻值R和電流表的示數I,并計算出，得到多組數據后描點作出R—，圖線如圖乙所示，則該電源的電動勢:E＝______V,內阻r＝______Ω．【答案】（1）。0。990(2）。(3）.6(4)。6.0（5).2。0【解析】【詳解】(1)［1］［2]螺旋測微器主尺刻度為0.5mm,螺旋分尺讀數為所以小球的直徑為0.5mm+0。490mm=0。990mm游標卡尺主尺讀數17mm，游標分尺讀數所以小球的直徑為17mm+0.6mm=17。6mm=（2)①［3]由并聯電路規律可知，并聯部分電壓相等，要使并聯后流過定值電阻的電流是流過電流表的電流的2倍；則定值電阻的阻值應是電流表內阻的一半;故有:②[4］［5］閉合電路歐姆定律可知：則變形得：故圖象中的斜率等于故：E=6。0V圖象與縱坐標的交點為—60=—r—4解得：r=2。0Ω三、計算題16。如圖所示，ABCD是一個正方形勻強磁場區域，由靜止開始經相同電壓加速后的甲、乙兩種帶電粒子，分別從A、B兩點射入磁場,結果均從C點射出，則它們的速率為多大？,它們通過該磁場所用的時間為多大？【答案】1:2；2：1【解析】【詳解】根據動能定理:，得：由洛侖茲力關系，得：，由軌跡圖可知：聯立上面各式有:解得：聯立以上可解得：由圖可知：,故聯立解得:17。規格為“6V、3W"的小燈泡與小型直流電動機,其線圈內阻為r0=0.4Ω，并聯后，接至電動勢E為9V，內電阻r=0。5Ω的電源上，小燈泡恰好正常發光，求：(1)電源的內電壓U內和通過電動機D的電流ID（2)電動機輸入功率P，發熱功率P熱和電動機的輸出功率P出【答案】（1）3V；5。5A(2）33W；12。1W；20.9W【解析】【詳解】（1）小燈泡正常發光,則燈泡兩端電壓為6V，則內電壓為回路電流燈泡的電流通過電動機D的電流(2)電動機的輸入功率發熱功率電動機的輸出功率18。