2023學年高一物理下期末模擬試卷請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、(本題9分)月球表面的重力加速度是地球表面的1/6，月球半徑是地球半徑的1/4，則在月球表面作勻速圓周運動的登月艙的線速度是地球第一宇宙速度的()A．124B．612C．62、(本題9分)在物理學的發展過程中，科學家們創造出了許多物理學研究方法，以下關于所用物理學研究方法的敘述不正確的是A．加速度、速度都是采取比值法定義的物理量B．在探究共點力的合成時用到了等效替代的思想方法C．牛頓提出了萬有引力定律，并沒有通過實驗測出萬有引力常量的數值D．牛頓第一定律是利用邏輯思維對事實進行分析的產物，可以用實驗直接驗證3、(本題9分)將質量為1.00kg的模型火箭點火升空，50g燃燒的燃氣以大小為600m/s的速度從火箭噴口在很短時間內噴出。在燃氣噴出后的瞬間，火箭的動量大小為（噴出過程中重力和空氣阻力可忽略）A．30 B．5.7×102C．6.0×102 D．6.3×1024、(本題9分)質量為2kg的物體在水平面內做曲線運動，已知x方向的位移-時間圖像和y方向的速度-時間圖像分別如圖甲、乙所示。下列說法正確的是A．質點初速度的方向與合外力方向垂直B．3s末質點速度大小為10m/sC．質點的初速度大小為6m/sD．質點所受的合外力大小為2N5、(本題9分)如圖所示，地球繞OO′軸自轉，則下列說法正確的是（）A．A、B兩點的周期相等B．A、B兩點線速度相等C．A、B兩點的轉動半徑相同D．A、B兩點的轉動角速度不相同6、放在粗糙水平地面上的物體受到水平拉力的作用，在0～6s內其速度與時間的圖象和該拉力的功率與時間的圖像分別如圖所示．下列說法正確的是（）A．0～6s內物體的位移大小為30mB．0～6s內拉力做的功為70JC．合外力在2～6s內做的功不等于0D．滑動摩擦力的大小為0.6N7、(本題9分)如圖所示，豎直輕彈簧下端固定在水平地面上，質量為m的小球放在彈簧上端（與彈簧不連接）。彈簧處于壓縮狀態，用一條拉緊的細線系住，此時細線上的拉力F=3mg。已知彈簧的彈性勢能與彈簧形變量的平方成正比，且彈簧始終在彈性限度內，重力加速度為g。現剪斷細線，彈簧將小球向上彈起，經△t時間，小球上升到最高點，上升的最大高度為h。在此過程中，下列判斷正確的是（）A．小球速度最大時上升的高度小于B．地面對彈簧沖量的大小為mg△tC．剪斷細線前彈簧的彈性勢能為mghD．小球最大速度的大小為8、用油膜法估測分子直徑的實驗中做了哪些科學的近似()A．把在水面上盡可能擴散開的油膜視為單分子油膜B．把形成油膜的分子看做緊密排列的球形分子C．將油膜視為單分子油膜，但需要考慮分子間隙D．將油酸分子視為立方體模型9、(本題9分)有一項雜技表演的是騎摩托車沿圓錐面運動，其物理模型如圖所示．現有兩個質量相同的車手騎著質量相同的摩托車A和B緊貼圓錐的內壁分別在圖中所示的水平面內做勻速圓周運動(圓錐壁始終固定不動，不計一切摩擦)．則下列說法正確的是（）A．摩托車A對圓錐壁的壓力大小等于摩托車B對圓錐壁的壓力大小B．摩托車A的加速度大小等于摩托車B的加速度大小C．摩托車A的運動周期等于摩托車B的運動周期D．摩托車A的線速度大小等于摩托車B的線速度大小10、如圖所示，長為L的絕緣細線一端系一質量為m、帶電量為q的小球，另一端固定在定點O位置，置于電場強度大小為E、方向水平向右的勻強電場中.拉直細線將小球自O點正下方由靜止釋放，小球向上擺動，最大偏角θ=60°，重力加速度為g，以下說法正確的是A．小球帶電量大小q=3B．小球從開始擺至最大擺角的過程中，機械能與電勢能之和保持不變C．小球到達最大擺角處時細線上的拉力為T=2mgD．小球在擺動過程中的最大速率v二、實驗題11、（4分）某實驗小組利用如圖所示的實驗裝置來驗證鉤碼和滑塊所組成的系統機械能守恒．裝置中的氣墊導軌工作時可使滑塊懸浮起來，以減小滑塊運動過程中的阻力．實驗前已調整氣墊導軌底座保持水平，實驗中測量出的物理量有：鉤碼的質量m、滑塊的質量M、滑塊上遮光條由圖示初始位置到光電門的距離x．（1）若用游標卡尺測得遮光條的寬度為d，實驗時掛上鉤碼，將滑塊從圖示初始位置由靜止釋放，由數字計時器讀出遮光條通過光電門的時間Δt，則可計算出滑塊經過光電門時的速度為___．（2）要驗證系統的機械能守恒，除了已經測量出的物理量外還需要已知_____．（3）本實驗通過比較_____和______在實驗誤差允許的范圍內相等（用物理量符號表示），即可驗證系統的機械能守恒．12、（10分）(本題9分)某同學利用重物自由下落來做“驗證機械能守恒定律”的實驗裝置如圖甲所示．（1）請指出實驗裝置甲中存在的明顯錯誤：______．（2）進行實驗時，為保證測量的重物下落時初速度為零，應______（選填“A”或“B”）A．先接通電源，再釋放紙帶B．先釋放紙帶，再接通電源（3）某同學作出了υ2-h圖象（圖丙），則由圖線得到的重力加速度g=______m/s2（結果保留3位有效數字）．

2023學年模擬測試卷參考答案（含詳細解析）一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【答案解析】忽略地球的自轉則有萬有引力等于物體的重力，當衛星貼近地球表面圓周運動運動時有mg1=mv12r1，解得v1=g1r1；同理當登月艙在月球表面作圓周運動時mg1=mv22r2，解得v1點睛：當不知道中心天體的質量和萬有引力常量G，并知道中心天體表面的重力加速度g的時候要用黃金代換公式GMmr2=mg求出GM=gr2、D【答案解析】加速度、速度都是采取比值法定義的物理量，選項A正確；在探究共點力的合成時用到了等效替代的思想方法，選項B正確；牛頓提出了萬有引力定律，卡文迪許通過實驗測出了萬有引力常量的數值，選項C正確；牛頓第一定律是利用邏輯思維對事實進行分析的產物，不可以用實驗直接驗證，選項D錯誤；此題選項不正確的選項，故選D.3、A【答案解析】開始總動量為零，規定氣體噴出的方向為正方向，根據動量守恒定律得，0=m1v1+p，解得火箭的動量，負號表示方向，故A正確，BCD錯誤；【答案點睛】解決本題的關鍵掌握動量守恒定律的條件，以及知道在運用動量守恒定律時，速度必須相對于地面為參考系。4、A【答案解析】

AC、由圖甲可知，質點在x方向上的初速度為，沿x方向的加速度為0；y方向上的初速度為0，加速度：，可知質點的初速度沿x方向，大小為4m/s，而加速度沿y方向，根據牛頓第二定律可知，質點受到的合外力的方向沿y方向，與初速度的方向垂直，A正確C錯誤；B、質點在x軸方向做速度為4m/s的勻速直線運動，在y軸方向上做初速度為零的勻加速直線運動，質點的加速度方向沿y軸方向，3s末沿y方向的分速度為6m/s，所以3s末質點的速度：，B錯誤；

D、根據牛頓第二定律可知，質點受到的合外力：F=ma=2×2=4N，D錯誤．5、A【答案解析】

CD．AB兩點都繞地軸做勻速圓周運動，B轉動的半徑大于A轉動的半徑，兩點共軸轉動，角速度相同，故CD錯誤；A．根據可知，A、B兩點的周期相等，選項A正確；B．根據，角速度相同，B的半徑大，則B的線速度大．故B錯誤；故選A。【答案點睛】解決本題的關鍵掌握共軸轉動，角速度相同，再結合，等公式即可判斷。6、AB【答案解析】

A項：內物體的位移大小為：，故A正確；B項：內，物體的加速度為：，由圖，當P=30W時，v=6m/s，得到牽引力為：，在內物體的位移為x1=6m，則拉力做功為：W1=Fx1=5×6J=30J．2～6s內拉力做的功為：W2=Pt=10×4J=40J．所以0～6s內拉力做的功為：W=W1+W2=70J．故B正確；C項：在內，物體做勻速運動，合力做零，故合外力做功為零，故C錯誤；D項：在內，v=6m/s，P=10W，物體做勻速運動，摩擦力為：f=F，得：，故D錯誤。7、ABC【答案解析】

A.設初始時彈簧的壓縮量為，由能量的轉化與守恒可知：初始由平衡條件可得：速度最大時，彈簧的壓縮量為：當速度最大時，小球上升的高度為：由以上方程解得：，，故A正確。B.以球和彈簧為研究對象，向上的方向為正方向，由動量定理可得：解得地面對彈簧的沖量為，故B正確。C.在整個過程中，彈簧的彈性勢能全部轉化為小球的重力勢能，即彈簧的彈性勢能為，故C正確。D.由初始狀態到小球的速度最大的過程，彈簧釋放的彈性勢能為：由能量的轉化與守恒可得：以上方程解得：，故D錯誤。8、AB【答案解析】試題分析：在“用油膜法估測分子的大小”實驗中，我們的實驗依據是：①油膜是呈單分子分布的；②把油酸分子看成球形；③分子之間沒有空隙，故選AB考點：考查了用油膜法估測分子直徑的實驗點評：在用油膜法估測分子的大小”實驗中，我們做了些理想化處理，認為油酸分子之間無間隙，油酸膜為單層分子．9、AB【答案解析】A、任取一摩托車,設圓錐壁和水平面的夾角為,圓錐壁對摩托車的支持力為F,摩托車的運行軌道半徑為r,則在豎直方向上有,計算得出由于兩摩托車質量相等，所以力F也相等，故A對B、根據水平方向上有:，角度和力F都相等，所以兩摩托車運動的加速度也是相等的,故B對；C、根據由于運動的半徑不相等，所以運動的周期也不相等，故C錯；D、根據，則半徑大的速度也大，所以摩托車A的線速度大小大于摩托車B的線速度大小故D錯；故選AB點睛：摩托車靠重力和支持力的合力提供向心力,結合平行四邊形定則求出支持力,從而比較大小.根據牛頓第二定律得出線速度、角速度、周期的表達式,從而比較大小.10、BD【答案解析】

AB.如圖所示，帶電小球受豎直向下的重力、水平向右的恒定電場力和細線的拉力.從最低點到最高點過程中，細線的拉力不做功，根據動能定理得qELsinθ-mgL(l-cosθ)=0，得小球帶電量大小q=3mgC.小球到達最大擺角處時速度為零，沿細線方向受力平衡，則線上的拉力為mg，故C錯誤；D.由重力與電場力合力方向沿與豎直方向成30°角斜向下，當速度方向與合力方向垂直時速度最大，由動能定理得qELsin30°-mgL(1-cos30°)=12mv二、實驗題11、當地的重力加速度mgx【答案解析】

（1）因為光電門的寬度非常小，所以通過其的平均速度可認為是瞬時速度，故通過光電門的速度為（2）系統下降距離x時，重力勢能的減小量為，系統動能的增量為，可知還需要測量當地的重力加速度（3）只需滿足即可驗證，所以比較重力勢能的減小量和動能的增加量是否相等即可12、（1）打點計時器不能接在“直流電源”上．（1）A（3）9.67m/s1【答案解析】

（1）從圖甲中的實驗裝置中發現，打