2023學年高一物理下期末模擬試卷注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)如圖所示，懸掛在天花板上的擺球在空氣中擺動，擺幅越來越小．擺球在擺動過程中（）A．機械能守恒B．機械能逐漸減少C．重力勢能保持不變D．動能全部轉化為重力勢能2、下列四幅圖中的物體在指定的過程中機械能守恒的是A．甲圖：客機在起飛爬升的過程B．乙圖：抽成真空的管中雞毛懸空下落的過程C．丙圖：跳傘運動員打開降落傘下落的過程D．丁圖：石頭從手中加速到落地前的過程3、如圖所示，一個質量為m的小球繞圓心O做勻速圓周運動．已知圓的半徑為r，小球運動的角速度為ω，則它所受向心力的大小為（）A．m B．mωr C．mωr2 D．mω2r4、如圖所示，在某勻強電場中，M、N兩點相距L=10cm，它們的連線與電場強度方向之間的夾角，若將一電子從M點移到N點，需克服電場力做功24eV，已知．則該勻強電場的電場場強大小為A．200V/m B．240V/mC．300V/m D．400V/m5、(本題9分)一物體質量為1kg，速度為10m/s，它的動能是（）A．5J B．50J C．10J D．100J6、(本題9分)如圖所示，一條河寬為，一艘輪船正在以的合速度沿垂直于河岸方向勻速渡河，河中各處水流速度都相同，其大小為，行駛中，輪船發動機的牽引力與船頭朝向的方向相同，某時刻發動機突然熄火，輪船牽引力隨之消失，輪船相對于水速逐漸減小，但船頭方向始終未發生變化，由此可以確定（）A．發動機未熄滅時，輪船相對于靜止行駛的速度大小為B．若發動機不會突然熄火，輪船渡河時間為C．發動機熄火后，輪船相對于河岸速度一直減小D．發動機熄火后，輪船相對于河岸速度的最小值7、(本題9分)關于重力勢能與重力做功，下列說法中正確的是A．重力對物體做正功，物體的重力勢能可能增加B．將質量相同的物體由同一位置沿不同方向拋出并下落至同一水平面，物體所減少的重力勢能相等C．用手托住一個物體勻速上舉時，手的支持力所做的功等于物體克服重力所做的功與物體增加的重力勢能之和D．物體克服重力所做的功等于重力勢能的增加量8、(本題9分)質量為m的物體，由靜止開始下落，由于阻力作用，下落的加速度為，在物體下落h的過程中，下列說法中正確的應是（）A．物體的動能增加了B．物體的機械能減少了C．物體克服阻力所做的功為D．物體的重力勢能減少了mgh9、(本題9分)關于勻速圓周運動，下列說法正確的是（）A．勻速圓周運動是勻速運動B．勻速圓周運動是變速運動C．勻速圓周運動是線速度不變的運動D．勻速圓周運動是線速度大小不變的運動10、無人機在某段飛行過程中，通過機載傳感器描繪出運動的圖象，圖甲是沿水平方向的x-t圖象，圖乙是沿豎直方向的v-t圖象，在0~3s內（）A．無人機在水平方向做勻加速直線運動B．無人機在豎直方向做勻加速直線運動C．無人機的運動軌跡為拋物線D．t=3s時無人機的速度大小為5m/s11、(本題9分)如圖所示，A為多匝線圈，與電鍵、滑動變阻器相連后接入M、N間的交流電源，B為一接有小燈珠的閉合多匝線圈，下列關于小燈珠發光說法正確的是（）A．閉合電鍵后小燈珠可能發光B．若閉合電鍵后小燈珠發光，則再將B線圈靠近A，則小燈珠更亮C．閉合電鍵瞬間，小燈珠才能發光D．若閉合電鍵后小燈珠不發光，將滑動變阻器滑臂左移后，小燈珠可能會發光12、(本題9分)太陽系個行星幾乎在同一平面內沿同一方向繞太陽做圓周運動，當地球恰好運行到某個行星和太陽之間，且三者幾乎成一條直線的現象，天文學成為“行星沖日”據報道，2014年各行星沖日時間分別是：1月6日，木星沖日，4月9日火星沖日，6月11日土星沖日，8月29日，海王星沖日，10月8日，天王星沖日，已知地球軌道以外的行星繞太陽運動的軌道半徑如下表所示，則下列判斷正確的是：

地球

火星

木星

土星

天王星

海王星

軌道半徑（AU）

1.0

1.5

5.2

9.5

19

30

A．各點外行星每年都會出現沖日現象B．在2015年內一定會出現木星沖日C．天王星相鄰兩次的沖日的時間是土星的一半D．地外行星中海王星相鄰兩次沖日間隔時間最短二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)一臺抽水機每秒能把30kg的水抽到10m高的水塔上，如果不計額外功的損失，重力加速度g=10m/s2，則這臺抽水機輸出的功率是___________W;如果保持這一輸出功率，半小時內做功為___________J。14、(本題9分)一起重機的鋼繩由靜止開始勻加速提起質量為m的重物，當重物的速度為v1時，起重機的有用功率達到最大值P以后，起重機保持功率不變，繼續提升重物，直到以最大速度v2勻速上升為止，則整個過程中，鋼繩的最大拉力為_____，重物做勻加速運動的時間為_____．15、(本題9分)如圖所示的曲線是一同學做“研究平拋物體的運動”實驗時畫出的平拋運動的軌跡，他在運動軌跡上任取水平位移相等的A、B、C三點，測得△s=21.1cm，又測得豎直高度分別為h1=26.4cm，h2=36.2cm，根據以上數據，可求出小球拋出時的初速度為___________m/s(g=9.8m/s2)。(計算結果保留三位有效數字)三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)A、B兩球沿同一條直線相向運動，所給的x-t圖象記錄了它們碰撞前后的運動情況，其中a和b分別為A、B碰撞前的x-t圖象，c為碰撞后它們的x-t圖象，若A球質量為3kg（1）B球質量；（2）碰撞前后損失的動能。17、（10分）(本題9分)如圖甲所示，傾角為θ＝37°的傳送帶以恒定速率逆時針運行，現將一質量m＝2kg的小物體輕輕放在傳送帶的A端，物體相對地面的速度隨時間變化的關系如圖乙所示，2s末物體到達B端，取沿傳送帶向下為正方向，g＝10m/s2，sin37°＝0.6，求：(1)小物體在傳送帶A、B兩端間運動的平均速度v；(2)物體與傳送帶間的動摩擦因數μ；(3)2s內物體機械能的減少量ΔE．

2023學年模擬測試卷參考答案（含詳細解析）一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【答案解析】A、B、根據題意知，擺球的振幅不斷減小，說明擺球在擺動過程中，除重力做功外還有阻力對擺球做負功，所以擺球的機械能應減少，故A錯誤、B正確．C、擺球地擺動過程中，高度不斷變化，所以其重力勢能不斷改變，故C錯誤．D、擺球地擺動過程中，阻力始終做負功，所以在上升過程中，動能轉化為重力勢能和內能；下落過程中，重力勢能轉化為動能和內能，故D錯誤；故選B．【答案點睛】應明確機械能守恒的條件是只有重力做功，若除重力以外其它力做功則機械能會發生變化．若有阻力做功，就會產生內能，但能量是守恒的．2、B【答案解析】

A.甲圖：客機在起飛爬升的過程重力勢能增大，動能增大，則機械能增加，選項A錯誤；B.乙圖：抽成真空的管中雞毛懸空下落的過程只有重力做功，則機械能守恒，選項B正確；C.丙圖：跳傘運動員打開降落傘下落的過程要克服阻力做功，則機械能減小，選項C錯誤；D.丁圖：石頭從手中加速到落地前的過程中要克服阻力做功，則機械能減小，選項D錯誤.3、D【答案解析】解：一個質量為m的小球繞圓心O做勻速圓周運動，合力總是指向圓心，大小為mω2r，故ABC錯誤，D正確；故選D．【點評】本題關鍵明確向心力的定義、大小和方向，知道向心力是效果力，基礎題．4、C【答案解析】

M到N，電場力做功為所以勻強電場的電場強度為：，故ABD項不符合題意，C項符合題意．5、B【答案解析】根據動能表達式有：EK=mv2=×1×102J=50J，故B正確，ACD錯誤；故選B．6、D【答案解析】

A.根據運動的合成與分解可知，發動機未熄滅時，輪船相對于靜止行駛的速度大小為，A錯誤B.根據題意可知，若發動機不會突然熄火，輪船渡河時間為，B錯誤。CD.因為船頭方向始終未發生變化，開始時，船速與水速夾角為：，得，所以船速方向不變，而水速方向不變，當合速度與船速垂直時，合速度最小，此時合速度為，C錯誤D正確。7、BD【答案解析】

A.重力對物體做正功，物體的重力勢能減小，故A錯誤；B.將質量相同的物體由同一位置沿不同方向拋出并下落至同一水平面，初末位置的高度差相同，物體所減少的重力勢能相等，故B正確；C.根據動能定理，用手托住一個物體勻速上舉時，手的支持力所做的功等于物體克服重力所做的功，故C錯誤；D.物體克服重力做功就是重力做負功.假設上升高度為H，則重力做負功為mgH，重力勢能增加也為mgH,所以相等，所以物體克服重力所做的功等于重力勢能的增加量，故D正確。8、ACD【答案解析】

A.物體所受的合力為由動能定理可得動能的改變量，合力做功為所以動能增加，故A正確；BD.物體下降h,知重力勢能減小mgh,動能增加,則機械能減小，故B錯誤，D正確；C.因為除重力以外其它力做功等于機械能的變化量，機械能減小，可知物體克服阻力做功為，故C正確；9、BD【答案解析】

勻速圓周運動的速度大小不變，方向時刻改變，是變速運動，故A錯誤B正確；勻速圓周運動的速度大小不變，方向時刻改變，是速率不變的運動，故C錯誤，D正確．所以D正確，10、BCD【答案解析】

A、由水平方向的x-t圖象知，無人機在水平方向做勻速直線運動，速度為3m/s，故A錯誤。B、由豎直方向的v-t圖象知，無人機在豎直方向做勻加速直線運動，加速度a=m/s2，故B正確。C、無人機在水平方向做勻速直線運動，在豎直方向做勻加速直線運動，所以無人機的運動軌跡為拋物線，故C正確。D、t=3s時，無人機vx=3m/s，vy=4m/s，無人機的速度v==5m/s，故D正確。11、AB【答案解析】試題分析：因回路接的是交流電，所以當開關閉合后，線圈A中通變化的電流，產生變化的磁場，所以線圈B的磁通量變化，根據法拉第電磁感應定律線圈B產生感應電動勢，若回路閉合，回路由感應電流，小燈珠發光，所以A正確；若閉合電鍵后小燈珠發光，則再將B線圈靠近A，因越靠近A，磁場越強，磁場變化的越快，A中產生的電動勢越大，所以小燈珠會更亮，故B正確；因回路接的是交流電，閉合電鍵后，仍能產生電動勢，所以C錯誤；若閉合電鍵后小燈珠不發光，說明線圈B與電珠構成的回路不閉合，故再怎么移動滑片，小燈珠也不會發光，所以D錯誤．考點：本題考查電磁感應定律12、BD【答案解析】試題分析：根據開普勒第三定律，有：；解得：；故T火=年=1.84年；T木=年=11.86年；T土=年=29.28年；T天=年=82.82年；T海=年=164.32年；如果兩次行星沖日時間間隔為1年，則地球多轉動一周，有：，代入數據，有：，解得：T0為無窮大；即行星不動，才可能在每一年內發生行星沖日，顯然不可能，故A錯誤；2014年1月6日木星沖日，木星的公轉周期為11.86年，在2年內地球轉動2圈，木星轉動不到一圈，故在2015年內一定會出現木星沖日，故B正確；如果兩次行星沖日時間間隔為t年，則地球多轉動一周，有：；解得：；故天王星相鄰兩次沖日的時間間隔為：；土星相鄰兩次沖日的時間間隔為：；故C錯誤；如果兩次行星沖日時間間隔為t年，則地球多轉動一周，有：，解得：，故地外行星中，海王星相鄰兩次沖日的時間間隔最短；故D正確；故選BD考點：開普勒行星運動定律【名師點睛】本題考查了開普勒行星運動定律的應用問題；解題的關鍵是結合開普勒第三定律分析（也可以運用萬有引力等于向心力列式推導出），知道相鄰的兩次行星沖日的時間中地球多轉動一周，實質上也是圓周運動的追擊問題.二．填空題(每小題6分，共18分)13、3×1035.4×106【答案解析】抽水機1秒鐘內做的功是：

所以抽水機的功率為：

抽水機半小時做的功是：。點睛：在分析功率的時候，一定要注意公式的選擇，只能計算平均功率的大小，而P=Fv可以計算平均功率也可以是瞬時功率，取決于速度是平均速度還是瞬時速度。14、【答案解析】

勻加速提升重物時鋼繩拉力最大，且等于勻加速結束時的拉力，由P＝Fv得：速度達到最大時，F＝f=mg，由P＝Fv得：，由牛頓第二定律得：，15、2.11【答案解析】

在豎直方向上根據，則有，所以小球拋出初速度為三．計算題(22分)16、（1）mB=2【答案解析】

（1）由x-t圖象可以知道，碰撞后兩球的共同速度為：v碰撞前，A、B的速度分別為：vv兩球碰撞過程中動量守恒，以B的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得:m代入數據得mB（2）由能量守恒定律可以知道，碰撞過程損失的機械能ΔE=代入數據得:ΔE=1517、(1)8m/s(2)0.5(3)48J【答案解析】

（1）由v-t圖象的面積規律可知傳送帶A、B間的距離L即為v-t圖線與t軸所圍的面積，所以：代入數值得：L=16m由平均速度的定義得：（2）由v-t圖象可知傳送代運行速度為v1=10m/s，0-1s內物體的加速度為：則物體所受的合力為：F合=ma1=2×10N=20N．1-2s內的加速度為：a2＝