好教育云平臺期中備考精編金卷第=page2*2-13頁（共=sectionPages4*28頁）好教育云平臺期中備考精編金卷第=page2*24頁（共=sectionPages4*28頁）（新高考）高考物理5月月考卷此卷此卷只裝訂不密封班級姓名準(zhǔn)考證號考場號座位號物理（A）注意事項(xiàng)：1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3．非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4．考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．下列說法正確的是()A．氫原子的核外電子從低能級躍遷到高能級時，吸收光子，電子的軌道半徑增大B．eq\o\al(238,92)U→eq\o\al(234,90)Th＋eq\o\al(4,2)He是核裂變方程，當(dāng)鈾塊體積大于臨界體積時，才能發(fā)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)C．從金屬表面逸出的光電子的最大初動能與照射光的強(qiáng)度無關(guān)，與照射光的頻率成正比D．α射線是高速運(yùn)動的氦原子核，能夠穿透幾厘米厚的鉛板【答案】A【解析】根據(jù)波爾理論，氫原子的核外電子從低能級躍遷到高能級時，要吸收光子，電子的軌道半徑增大，A正確；eq\o\al(238,92)U→eq\o\al(234,90)Th＋eq\o\al(4,2)He方程是衰變方程，B錯誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程，光電子的最大初動能為Ekm＝hν－W0，不是與頻率v成正比，C錯誤；α射線是高速運(yùn)動的氦原子核，但是不能穿透鉛板，D錯誤。2．下列關(guān)于光現(xiàn)象的解釋正確的是()A．兩個完全相同的小燈泡發(fā)出的光相遇時會發(fā)生干涉B．水面上的油膜在太陽光照射下呈現(xiàn)彩色，是光的干涉現(xiàn)象C．荷葉上的露珠顯得特別“明亮”是由于水珠將光會聚而形成的D．在楊氏雙縫實(shí)驗(yàn)中，如果僅把紅光改成綠光，則干涉條紋間距將增大【答案】B【解析】小燈泡發(fā)出的光有多種不同的頻率，由干涉的條件可知，兩個完全相同的小燈泡發(fā)出的光相遇時，不一定可以發(fā)生干涉，故A錯誤；在太陽光的照射下，油膜上下表面反射光在上表面發(fā)生疊加，呈現(xiàn)彩色條紋，是光的干涉現(xiàn)象，故B正確；荷葉上的露珠顯得特別“明亮”是由于水珠將光全反射形成的，故C錯誤；在楊氏雙縫實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)公式Δx＝eq\f(l,d)λ，如果僅把紅光改成綠光，則波長變短，導(dǎo)致屏上的條紋間距將減小，故D錯誤。3．2020年全國多地在歡迎援鄂抗疫英雄凱旋時舉行了“飛機(jī)過水門”的最高禮儀，寓意為“接風(fēng)洗塵”。某次儀式中，水從兩輛大型消防車中斜向上射出，經(jīng)過3s到達(dá)最高點(diǎn)，不計空氣阻力和水柱間的相互影響，若水射出后第1s內(nèi)上升高度為h，則水通過前SKIPIF1<0段用時為()A．0.5sB．(2－eq\r(3))sC．(3－2eq\r(2))sD．0.2s【答案】C【解析】由經(jīng)過3s水到達(dá)最高點(diǎn)，則水射出時豎直方向初速度為vy0＝gt＝30m/s，第1s內(nèi)上升高度為SKIPIF1<0，設(shè)水通過前SKIPIF1<0末的豎直分速度大小為vy，則有SKIPIF1<0，解得SKIPIF1<0，所用的時間SKIPIF1<0，故C正確。4．如圖甲所示是海上吊塔施工的實(shí)拍圖片，圖乙是重物正在被豎直向上勻速吊起的放大圖。先將該情景簡化為如圖丙所示的示意圖，繩子CD和CE共同掛著質(zhì)量為m1的重物A，繩子FG和FH共同掛著質(zhì)量為m2的重物B，F(xiàn)點(diǎn)拴在重物A的下方。不計繩子質(zhì)量和空氣阻力，下列說法一定正確的是()A．繩子CD和CE對重物A的作用力的合力大于(m1＋m2)gB．繩子FG和FH對重物A的作用力的合力大小為m2gC．若繩子FG和FH的夾角為銳角，則繩子FG上的力小于eq\f(1,2)m2gD．若拴接點(diǎn)F與重物A脫離，則該瞬間重物A的加速度大小為SKIPIF1<0【答案】B【解析】重物被勻速吊起，處于平衡狀態(tài)，把A、B當(dāng)成整體，繩子CD和CE對重物A的作用力的合力等于(m1＋m2)g，A錯誤；繩子FG和FH對重物B的作用力的合力等于m2g，同一條繩上拉力相等，故繩子FG和FH對重物A的作用力的合力等于m2g，B正確；設(shè)繩子FG和FH的夾角為銳角α，對B滿足2Fcosα＝m2g，解得則繩子FG上的拉力大小SKIPIF1<0，C錯誤；設(shè)繩子CD和CE對重物A的作用力的合力為F1，若拴接點(diǎn)F與重物A脫離，則該瞬間對重物A由牛頓第二定律可得F1－m1g＝m1a，由于繩上拉力會發(fā)生突變，故F1＜(m1＋m2)g，即A的加速度大小不會等于SKIPIF1<0，D錯誤。5．若以地球北極表面A點(diǎn)正下方h處的B點(diǎn)為球心，r(r＜h)為半徑挖一個球形的防空洞，致使A點(diǎn)的重力加速度發(fā)生變化，變化量的大小為?g，則()A．?g與r2成正比B．?g與r3成正比C．?g與SKIPIF1<0成正比D．?g與SKIPIF1<0成正比【答案】B【解析】設(shè)地球的質(zhì)量M，地球的半徑為R，則挖去之前A點(diǎn)的重力加速度滿足mg＝Geq\f(Mm,R2)，在距離A點(diǎn)h處挖去半徑為r的球體后，挖去的球體的質(zhì)量SKIPIF1<0，則A點(diǎn)的重力加速度滿足SKIPIF1<0，可得SKIPIF1<0，即SKIPIF1<0，即?g與r3成正比，B正確。6．如圖甲所示，用充電寶為一手機(jī)電池充電，其等效電路如圖乙所示。在充電開始后的一段時間t內(nèi)，充電寶的輸出電壓U、輸出電流I可認(rèn)為是恒定不變的，設(shè)手機(jī)電池的內(nèi)阻為R，則時間t內(nèi)()A．充電寶輸出的電功率為UI＋I(xiàn)2RB．充電寶產(chǎn)生的熱功率為I2RC．手機(jī)電池產(chǎn)生的焦耳熱為eq\f(U2,R)tD．手機(jī)電池儲存的化學(xué)能為UIt＋I(xiàn)2Rt【答案】D【解析】充電寶的輸出電壓U、輸出電流I，所以充電寶輸出的電功率為P＝UI，A錯誤；手機(jī)電池充電電流為I，所以手機(jī)電池產(chǎn)生的熱功率為PR＝I2R，而充電寶的熱功率應(yīng)為充電寶的總功率減去輸出功率，根據(jù)題目信息無法求解，B、C錯誤；輸出的電能一部分轉(zhuǎn)化為手機(jī)的化學(xué)能，一部分轉(zhuǎn)化為電池的熱能，故根據(jù)能量守恒定律可知手機(jī)電池儲存的化學(xué)能W＝UIt＋I(xiàn)2Rt，D正確。7．有兩列頻率相同、振動方向相同、振幅均為A、傳播方向相互垂直的平面波相遇發(fā)生干涉。如圖所示，圖中實(shí)線表示波峰，虛線表示波谷，a為波谷與波谷相遇點(diǎn)，b、c為波峰與波谷相遇點(diǎn)，d為波峰與波峰相遇點(diǎn)，e、g是a、d連線上的兩點(diǎn)，其中e為連線的中點(diǎn)，則()A．在a、d處的質(zhì)點(diǎn)振動減弱，b、c處的質(zhì)點(diǎn)振動加強(qiáng)B．從圖示時刻經(jīng)過半個周期，e處的質(zhì)點(diǎn)通過的路程為2AC．從圖示時刻經(jīng)過半個周期，g處的質(zhì)點(diǎn)加速向平衡位置運(yùn)動D．從圖示時刻經(jīng)過四分之一周期，d處的質(zhì)點(diǎn)振幅恰好為零【答案】C【解析】振動加強(qiáng)點(diǎn)為波峰與波峰相遇點(diǎn)，波谷與波谷相遇點(diǎn)；振動減弱點(diǎn)，為波谷與波峰相遇點(diǎn)，故a、d處的質(zhì)點(diǎn)振動加強(qiáng)，b、c處的質(zhì)點(diǎn)振動減弱，A錯誤；這兩列機(jī)械波在水平豎直方向的波形如圖所示，e點(diǎn)也是振動加強(qiáng)點(diǎn)，這幅為2A，在這兩列波傳播半個周期的過程中，都是從平衡位置到波谷，再回到平衡位置，故路程為4A，B錯誤；由圖可知經(jīng)過半個周期后，g點(diǎn)均為由波谷向平衡位置移動，合力指向平衡位置，故合運(yùn)動為加速靠近平衡位置，C正確；振動加強(qiáng)點(diǎn)的振幅始終為2A，不變，D錯誤。8．如圖所示，直角坐標(biāo)系中x軸上在x＝－r處固定電荷量為＋9Q的正點(diǎn)電荷，在x＝r處固定電荷量為－Q的負(fù)點(diǎn)電荷，y軸上a、b兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為ya＝r和yb＝－r，d點(diǎn)在x軸上，坐標(biāo)為xd＝2r。e、f點(diǎn)是x軸上d點(diǎn)右側(cè)的兩點(diǎn)。下列說法正確的是()A．a(chǎn)、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)相同B．a(chǎn)點(diǎn)的電勢大于b點(diǎn)的電勢C．電子在e點(diǎn)和f點(diǎn)電勢能Epe、Epf一定滿足Epe＜EpfD．e、f兩點(diǎn)場強(qiáng)Ee、Ef一定滿足Ee＜Ef【答案】C【解析】根據(jù)電場線分布的對稱性可知，a、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等，但方向不同，因此a、b兩點(diǎn)的場強(qiáng)不等，故A錯誤；由電場分布的對稱性可知，a、b兩點(diǎn)的電勢相等，故B錯誤；d點(diǎn)的場強(qiáng)SKIPIF1<0，由圖可知xe＜xf，因此Ee＞Ef，故D錯誤；將電子從e點(diǎn)沿直線移動到f點(diǎn)，電場力做負(fù)功，電勢能增加，即Epe＜Epf，故C正確。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9．一定質(zhì)量的理想氣體，在某一平衡狀態(tài)下的壓強(qiáng)、體積和溫度分別為p1、V1、T1，在另一平衡狀態(tài)下的壓強(qiáng)、體積和溫度分別為p2、V2、T2，下列關(guān)系可能正確的()A．p1＝p2、V1＝2V2、T1＝eq\f(1,2)T2B．p1＝p2、V1＝eq\f(1,2)V2、T1＝eq\f(1,2)T2C．p1＝2p2、V1＝2V2、T1＝2T2D．p1＝2p2、V1＝2V2、T1＝4T2【答案】BD【解析】根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程eq\f(p1V1,T1)＝eq\f(p2V2,T2)可知，若p1＝p2、V1＝2V2，則T1＝2T2，故A錯誤；若p1＝p2、V1＝eq\f(1,2)V2，則T1＝eq\f(1,2)T2，故B正確；若p1＝2p2、V1＝2V2，則T1＝4T2，故C錯誤，D正確。10．如圖所示，質(zhì)量為M的小車在光滑的水平面上以速度v0向右做勻速直線運(yùn)動，一個質(zhì)量為m的小球從高h(yuǎn)處自由下落，與小車碰撞后反彈上升的高度為仍為h。設(shè)M>>m，發(fā)生碰撞時彈力FN＞mg，小球與車之間的動摩擦因數(shù)為μ，則小球彈起時的水平速度可能是()A．v0B．0C．2μeq\r(2gh)D．－v0【答案】AC【解析】若小球離開小車之前已經(jīng)與小車達(dá)到共同速度v，則水平方向上動量守恒，有Mv0＝(M＋m)v，由于M>>m，所以v＝v0；若小球離開小車之前始終未與小車達(dá)到共同速度，則對小球應(yīng)用動量定理，水平方向上有FΔt＝mv′，豎直方向上有FNΔt＝2mv＝2meq\r(2gh)，又

F＝μFN，解以得v′＝2μeq\r(2gh)。故選AC。11．如圖為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，其中T1、T2為理想變壓器，r是輸電線電阻，燈泡L1、L2相同且阻值不變。現(xiàn)保持變壓器T1的輸入電壓不變，滑片P位置不變，當(dāng)開關(guān)S斷開時，燈L1正常發(fā)光，則()A．僅將滑片P上移，電流表示數(shù)會變小B．僅將滑片P下移，r消耗的功率會變小C．僅閉合S，燈L1會變亮D．僅閉合S，r消耗的功率會變大，變壓器T1的輸入功率會變大【答案】AD【解析】僅將滑片P上移，T1副線圈匝數(shù)減小，則輸出電壓減小，若將T1的輸出端后面的電路等效可知，T1次級電流減小，則變壓器T1初級電流減小，即電流表示數(shù)會變小，故A正確；僅將滑片P下移，T1副線圈匝數(shù)增大，則輸出電壓增大，導(dǎo)線r上的電流變大，則r上的功率變大，故B錯誤；閉合S，則消耗功率增大，T2副線圈中電流增大，T2原線圈電流也增大，則r上損失的電壓和功率增大，則T2輸入電壓UT21＝UT12－Ir，減小，燈泡兩端電壓UT22減小，故燈泡會變暗，同時變壓器T1的輸入功率會變大，故C錯誤，D正確。12．在光滑的水平地面上方，有兩個磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，方向相反的水平勻強(qiáng)磁場，如圖所示的PQ為兩個磁場的邊界，磁場范圍足夠大。一個半徑為a、質(zhì)量為m、電阻為R的金屬圓環(huán)垂直磁場方向，以速度v從如圖位置向右運(yùn)動，當(dāng)圓環(huán)運(yùn)動到直徑剛好與邊界線PQ重合時，圓環(huán)的速度為eq\f(2,3)v，則下列說法正確的是()A．此時圓環(huán)中的電流為逆時針方向 B．此時圓環(huán)的加速度為SKIPIF1<0C．此時圓環(huán)中的電功率為SKIPIF1<0D．此過程中通過圓環(huán)截面的電量為SKIPIF1<0【答案】AC【解析】由右手定則可知，此時感應(yīng)電流為逆時針方向，故A正確；左右兩邊圓環(huán)均切割磁感線，故感應(yīng)電動勢的大小E＝2B×2a×eq\f(2,3)v＝SKIPIF1<0，感應(yīng)電流大小SKIPIF1<0，故其所受安培力大小SKIPIF1<0，加速度SKIPIF1<0，故B錯誤；此時圓環(huán)的電功率SKIPIF1<0，故C正確；此過程中圓環(huán)磁通量的變化量Δφ＝Bπa2，故電荷量SKIPIF1<0，故D錯誤。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13．(6分)某同學(xué)新買了一臺華為手機(jī)，發(fā)現(xiàn)有連拍、全景攝影功能。他想知道相機(jī)1s內(nèi)能連拍多少張（即連拍頻率）相片，為此設(shè)計了一個實(shí)驗(yàn)：一個同學(xué)將小球從與課桌表面等高處的0點(diǎn)靜止釋放，另一個同學(xué)將手機(jī)固定在合適位置并開啟連拍功能，之后在電腦上將照片合成處理成一張照片，如圖所示。(1)現(xiàn)有相同大小的塑料球和鋼球兩個，實(shí)驗(yàn)時應(yīng)選用___________做實(shí)驗(yàn)。(2)關(guān)于按快門和釋放小球的先后順序，正確的做法是___________。(3)用刻度尺測得小球在初始位置1與9間距離為h＝35.00cm，若當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?.80m/s2，則相機(jī)連拍頻率為___________Hz。【答案】(1)鋼球(2)先按快門再釋放小球(3)30【解析】(1)讓小球做自由落體運(yùn)動，那么空氣阻力影響要足夠小，所以選鋼球。(3)設(shè)小球從1下落到9所用時間t，根據(jù)h＝eq\f(1,2)gt2，設(shè)連拍周期為T，由SKIPIF1<0，又因?yàn)镾KIPIF1<0，代入數(shù)據(jù)解得SKIPIF1<0。14．(8分)某實(shí)驗(yàn)小組為了測量一個量程為3V的電壓表的內(nèi)電阻RV，設(shè)計了以下實(shí)驗(yàn)方案，甲圖為實(shí)驗(yàn)電路圖，圖中電壓表為待測電壓表，R為電阻箱。(1)小明實(shí)驗(yàn)步驟如下：先將電阻箱電阻調(diào)至0，閉合開關(guān)S，電壓表讀數(shù)如圖乙所示，讀出此時電壓U1＝________V；然后調(diào)節(jié)電阻箱的阻值至適當(dāng)值，讀出電阻箱阻值R和此時電壓表的電壓U2，忽略電源內(nèi)阻，則電壓表電阻的測量結(jié)果RV＝_______（用符號U1、U2和R表示）；如果考慮電源內(nèi)阻，則測量結(jié)果RV與真實(shí)值比較________（選填“偏大”或“偏小”）。(2)小李實(shí)驗(yàn)步驟如下：閉合開關(guān)S，多次調(diào)節(jié)電阻箱，讀出電阻箱阻值R及對應(yīng)電壓表的電壓U，作出eq\f(1,U)－R圖象如圖丙所示，不考慮電源內(nèi)阻，從圖象可知電壓表內(nèi)阻的測量值為___________Ω；如果已知電源內(nèi)電阻為r（Ω），則電壓表內(nèi)阻的真實(shí)值為___________Ω?！敬鸢浮?1)2.95（2.93～2.98）SKIPIF1<0偏大(2)aa－r【解析】(1)電壓表量程為3V，由圖乙所示表盤可知，其分度值為0.1V，示數(shù)為2.97V；忽略電源內(nèi)阻，根據(jù)圖甲所示電路圖，由閉合電路的歐姆定律得SKIPIF1<0，由題意得E＝U1，SKIPIF1<0，解得電壓表內(nèi)阻SKIPIF1<0，考慮電源內(nèi)阻SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，解得SKIPIF1<0，由此可知，考慮電源內(nèi)阻時，電壓表內(nèi)阻測量值偏大。(2)不考慮電源內(nèi)阻，由圖甲所示電路圖，根據(jù)閉合電路的歐姆定律得SKIPIF1<0，整理得SKIPIF1<0，由圖丙所示eq\f(1,U)－R圖象可知，圖象的斜率SKIPIF1<0，縱軸截距SKIPIF1<0，解得電壓表內(nèi)阻RV＝a，考慮電源內(nèi)阻，由圖甲所示電路圖，根據(jù)閉合電路的歐姆定律得SKIPIF1<0，整理得SKIPIF1<0，由圖丙所示eq\f(1,U)－R圖象可知，圖象的斜率SKIPIF1<0，縱軸截距SKIPIF1<0，解得RV＝a－r。15．(8分)如圖導(dǎo)熱氣缸A、B固定在同一水平面上，A的橫截面積為S，B的橫截面積為A的2倍，用兩不計質(zhì)量的活塞密封了等高的理想氣體氣柱，起初連接兩活塞的輕繩均處于伸直狀態(tài)，但繩中無張力。現(xiàn)向A氣缸的活塞上方緩慢加入細(xì)沙，直至A氣缸中氣體體積減小為原來的一半。已知大氣壓強(qiáng)為p0，求此時：(1)B氣缸中氣體的壓強(qiáng)；(2)加入細(xì)沙的質(zhì)量?！窘馕觥?1)設(shè)開始時氣缸B內(nèi)氣體為VB，后來體積VB′，由題可知VB′＝1.5VB對氣缸B的氣體p0VB＝pBVB′解得：pB＝eq\f(2,3)p0。(2)對氣缸A的氣體：p0VA＝pA?eq\f(1,2)VA即pA＝2p0對氣缸B活塞進(jìn)行受力分析，由受力平衡：p0?2S＝pB?2S＋T對氣缸A活塞進(jìn)行受力分析，由受力平衡：mg＋p0S＝T＋pAS解得加入細(xì)沙的質(zhì)量SKIPIF1<0。16．(8分)如圖所示，可視為質(zhì)點(diǎn)的三個物塊A、B、C質(zhì)量分別為m1、m2、m3，三物塊間有兩根輕質(zhì)彈簧a、b，其原長均為L0，勁度系數(shù)分別為ka、kb。a的兩端與物塊連接，b的兩端與物塊只接觸不連接，a、b被壓縮一段距離后，分別由質(zhì)量忽略不計的硬質(zhì)連桿鎖定，此時b的長度為L，整個裝置豎直置于水平地面上，重力加速度為g，不計空氣阻力。(1)現(xiàn)解除對a的鎖定，若當(dāng)B到達(dá)最高點(diǎn)時，A對地面壓力恰為零，求此時C距地面的高度H；(2)第(1)問的基礎(chǔ)上，在B到達(dá)最高點(diǎn)瞬間，解除a與B的連接并撤走A與a，同時解除對b的鎖定。設(shè)b恢復(fù)形變時間極短，此過程中彈力沖量遠(yuǎn)大于重力沖量，且忽略系統(tǒng)重力勢能的變化，求上升過程中C的最大速度的大小v3和C自b解鎖瞬間至恢復(fù)原長時上升的高度h。（理論表明彈簧的彈性勢能可以表示為Ep＝eq\f(1,2)kΔx2，其中，k為彈簧的勁度系數(shù)，Δx為彈簧的形變量）【解析】(1)解除a的鎖定后，在a的作用下，B、C上升，恢復(fù)原長后，彈簧繼續(xù)伸長，當(dāng)B到達(dá)最高點(diǎn)時，A對地面壓力恰為零，設(shè)此時a的伸長量為ΔL，對A由平衡條件及胡克定律有：SKIPIF1<0根據(jù)幾何關(guān)系有：SKIPIF1<0解得：SKIPIF1<0。(2)在解除b鎖定的瞬間，由于彈簧恢復(fù)形變的時間極短，彈力遠(yuǎn)大于重力，因此，此過程可視為動量守恒。此時由于B達(dá)到最高點(diǎn)，因此B、C的速度均為零，設(shè)在B恢復(fù)原長時，B的速度大小為v2，取豎直向上為正方向，由動量守恒定律有：SKIPIF1<0根據(jù)能量守恒定律有：SKIPIF1<0聯(lián)立解得：SKIPIF1<0設(shè)自b解鎖瞬間至恢復(fù)原長所需的時間為Δt，B的高度變化量為h′，由動量守恒定律，有：SKIPIF1<0根據(jù)幾何關(guān)系有：SKIPIF1<0聯(lián)立解得：SKIPIF1<0。17．(14分)如圖所示的矩形PQNM區(qū)域內(nèi)存在豎直向上、電場強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場，△APQ區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，已知邊長PM＝d，邊長PQ＝L，θ＝30°，在M點(diǎn)有一粒子發(fā)射器，能釋放大量比荷為eq\f(q,m)、速度忽略不計的帶正電的粒子，結(jié)果粒子恰好能從AQ邊界離開磁場，若不計粒子重力及粒子間的相互作用力，求：(1)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小可能為多少；(2)粒子在組合場中運(yùn)動的最短時間。【解析】(1)在電場中，由SKIPIF1<0B的大小不同，粒子離開磁場的軌跡如圖所示（只畫出了2種），由圖可知隨著B的增大，SKIPIF1<0L＝SKIPIF1<0SKIPIF1<0（n＝1.2.3……）SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0，SKIPIF1<0，SKIPIF1<0(2)在電場中最短時間SKIPIF1<0，SKIPIF1<0解得t1＝SKIPIF1<0在磁場中最短時間求解過程如下SKIPIF1<0圓心角a＝120°，t2＝SKI