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2018年高考化學海南卷(含答案與分析)2018年高考化學海南卷(含答案與分析)2018年高考化學海南卷(含答案與分析)絕密★啟用前-------------海南省2018年一般高等學校招生全國一致考試在化學___本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分。___滿分80分,考試時間100分鐘。______可能用到的相對原子質量:H—1C—12N—14O—16S—32__號_Fe—56生考--------------------__此_Cu—64________一、選擇題:此題共6小題,每題2分,共12分,在每題給____出的四個選項中,只有一項為哪一項符合題目要求的。__________1.以下食品增添劑中,常用作防腐劑的是____名___()姓____--------------------卷A.碘酸鉀B.碳酸氫鈉C.苯甲酸鈉D.______磷酸氫鈣____校2.某工業廢氣所含氮氧化物(NOx學)質量比約為7:4,該NOx可表示業畢為()--------------------上A.N2OB.NOC.N2O3D.NO2

用濃硫酸配制稀硫酸時,不用要的個人安全防備用品是)A.實臉服B.橡膠手套C.護目鏡D.防毒面罩以下化合物中,能與Na2CO3溶液反響生成積淀且積淀可溶于NaOH溶液的是()A.MgCl2B.Ca(NO3)2C.FeSO4D.AlCl3化學與生產生活親密有關。以下說法錯誤的選項是)Na2O2可與CO2反響放出氧氣,可用于作制呼吸面具SiO2擁有導電性.可用于制作光導纖維和光電池C.聚四氟乙烯耐酸堿腐化.可用作化工反響器的內壁涂層D.氯水擁有較強的氧化性,可用于漂白紙張、織物等6.某溫度下向含AgCl固體的AgCl飽和溶液中加少許稀鹽酸,以下說---------法正確的選項是()A.AgCl的溶解度、Ksp均減小B.AgCl的溶解度、Ksp均不變C.AgCl的溶解度減小,Ksp不變D.AgCl的溶解度不變,Ksp減小二、選擇題:此題共6小題,每題4分,共24分。每題有一個或兩個選項符合題意,若正確答案只包含一個選項,多項選擇得0分;若正確答案包含兩個選項,只選一個且正確得2分,選兩個且都正確得4分,但只需選錯一個就得0分。以下分別方法正確的選項是)回收水溶液中的I2:加入乙醇,分液、蒸發回收含有KC1的MnO2:加水溶解,過濾、干燥C.除掉氨氣中的水蒸氣:經過盛有P2O5的干燥管D.除掉乙中醇的水:加入無水氯化鈣,蒸餾

一種鎂氧電池以以下圖,電極資料為金屬鎂和吸附氧氣的活性炭。電解液為KOH濃溶液。以下說法錯誤的選項是)A.電池總反響式為:2Mg+O2+2H2O2MgOH2B.正極反響式為:Mg2eMg2+C.活性炭可以加速O2在負極上的反響速率D.電子的挪動方向由a經外電路到b9.NA代表阿伏加德羅常數的值,以下說法正確的選項是()A.12g金剛石中含有化學鍵的數量為4NAB.18g的D2O中含有的質子數為10NAC.28g的乙烯和環己烷混淆氣體中所含原子總數為6NAD.1L1molL-1的NH4Cl溶液中NH4+和Cl的數量均為1NA絮凝劑有助于去除工業和生活廢水中的懸浮物。以下物質可作為絮凝劑的是()A.NaFeSO426H2O?B.CaSO42H2OC.PbCH3COO23H2OD.KAlSO4212H2O實驗室常用乙酸與過分乙醇在濃硫酸催化下合成乙酸乙酯.下列說法正確的選項是()該反響的種類為加成反響乙酸乙酯的同分異構體共有三種C.可用飽和碳酸氫鈉溶液判斷系統中能否有未反響的乙酸D.該反響為可逆反響,加大乙醇的可量可提升乙酸的轉變率炭黑是霧霾中的重要顆粒物。研究發現它可以活化氧分子,生成活化氧。活化過程的能量變化模擬計算結果以以以下圖所示。活化氧可以快速氧化二氧化硫。以下說法正確的選項是)每活化一個氧分子汲取0.29eV的能量水可使氧分子活化反響的活化能降低0.42eVC.氧分子的活化是O—O的斷裂與C—O鍵的生成過程D.炭黑顆粒是大氣中二氧化硫轉變為三氧化硫的催化劑

三、非選擇題,共44分。每個試題考生都必然作答。(8分)X、Y、Z為短周期元素,X原子的質子數等于Z與Y的質子數之和,Z與Y位于同一周期,Y原子核外有3個未成對電子,非金屬Z的一種固體單質可導電。回答以下問題:(1)Y在周期表中的地點是第周期、第族,其原子構造表示圖為;Y與Z之間形成的化學鍵屬于。(2)X、Y、Z三種元素中子原半徑最大的是(填元素符號);X單質既可與鹽酸反響,又可溶于.氫氧化鈉溶液,產生的氣體為(填分子式),該氣體與Y單質反響的化學方程式為。(3)Z高價氧化物的電子式為。(8分)銅是人類發現最早并寬泛使用的一種金屬。回答以下問題:1)實驗室使用稀硫酸和H2O2溶解銅片,該反響的化學方程式為2)電子工業使用FeCl3溶液刻蝕印刷電路板銅箔,寫出該過程的離子方程式。配制的FeCl3FeCl3溶液應保持(填“酸性”“堿性”或“中性”)原由是。(3)溶液中Cu2+的濃度可采納碘量法測得:①2Cu2++5I2CuI+I3②I3+2S2O32S4O62+3I反響①中的氧化劑為。現取20.00mL含Cu2+的溶液。加入足量的KI充分反響后,用0.1000mo1L-1的Na2S2O3標準沼液滴定至終點,耗費Na2S2O3溶液25.00mL,此溶液中Cu2+的濃度為molL-1。15.(9分)二甲醚(CH3OCH3)是一種氣體麻醉劑,可由“可燃冰”為原料合成。回答以下問題:

(1)B為黃綠色氣體.其化學名稱為.(2)由A和B生成D的化學方程式為.(3)E的構造簡式為.(4)由E生成二甲醚的反響種類為(5)二甲醚的同分異構體的構造簡式為.16.(9分)過氧化氫(H2O2)是重要的化工產品,寬泛應用于綠色化學合成、醫療消毒等領域,回答以下問題:(1)己知:H2(g)1O2(g)H2O(l)H1286kJmol12H2(g)O2(g)H2O2(l)H2188kJmol1

離子是。貯運過氧化氫時.可采納的容器械質為(填標號)-------------在號生號考生考

過氧化氫分解反響2H2O(l)2H2O(l)+O(g)的22kJmol-1,不同樣溫度下過氧化氫分解反響的均衡常數K294K(填“大于”“小于”或“等于”)。

______K313K_____

A.不銹鋼B.純鋁C.黃銅D.鑄鐵(3)過氧化氫的Ka11012,H2O2的酸性____H2O(填“大_(2)100℃時.在不同樣金屬離子存在下,純過氧化氫24h的分解率_____見下表:___--------------------__此___________加入量/加入量/____分辨率分辨率___離子(mgL1離子(mgL1名_/%/%名姓))___--------------------__卷_無-23+15__Fe______________3+1022+86_AlCu校_校學學業畢Zn2+1010Cr3+96畢--------------------上由上表數據可知,能使過氧化氫分解反響活化能:降低最多的

于”“小于”或“等于”)。研究表示,過氧化氫溶液中HO2的濃度越大,過氧化氫的分解速率越快。常溫下,不同樣濃度的過氧化氫分解速率與pH的關系如右圖所示。必然濃度的過氧化氫,pH增大分解速率增大的原由是;同樣pH下,過氧化氫濃度越大分解率越低的原由是.17.(10分)某小組在實驗空中研究金屬鈉與二氧化碳的反響。回答以下問題:(1)采納以以下圖裝置及藥品制取CO2。翻開彈簧夾,制取CO2。---------為了獲得干燥、純凈的CO2,產生的氣流應挨次通過、的洗氣瓶(填試劑名稱)。反響結束后,封閉彈簧夾,可察看到的現象是。不可以用稀硫酸代替稀鹽酸,其原因是。(2)金屬鈉與二氧化碳反響的實驗步驟及現象以下表:步驟現象將一小塊金屬鈉在焚燒匙產生大批白煙,集氣瓶底中點燃,快速伸入盛有CO2部有黑色固體產生,瓶壁的集氣從中。充分反響,上有白色物質產生擱置冷卻

在集氣瓶中加入合適蒸餾濾紙上留下黑色固體,濾水,振蕩、過濾液為無色溶液①為查驗集氣瓶瓶壁上白色物質的成分。取適從濾液于2支試管中,向一支試管中滴加1滴酚酞溶液,溶液變紅;向第二支試管中滴加澄清石灰水,溶液變污濁。據此推測,白色物質的主要成分是(填標號).A.Na2OB.Na2O2C.NaOHD.Na2CO3②為查驗黑色固體的成分,將其與濃硫酸反響,生成的氣體擁有刺激性氣味。據此推測黑色固體是.③本實驗中金屬鈉與二氧化碳反響的化學方程式為..選考題:共20分.請考生從第18、19題中任選一題作答。假如多做,則按所做的第一題計分。第18、19題的第I題為選擇題,在給出的四個選項中。有兩個選項是符合題目要求的。18.[選修5——有機化學基礎]18-Ⅰ(6分)以下氯代烴中不可以由烯烴與氯化氫加成直接獲得的有C反響,生成物的構造簡式為。A.氯代環己烷,2-二甲基-1-氯丙烷(6)A的異構體中能與三氯化鐵溶液發生顯色反響的還有-甲基-2-氯丙烷,2,3,3-四甲基-1-氯丁烷種;此中,核磁共振氫譜為四組峰,峰面積比為6:2:1:1的構造簡式為。18-Ⅱ(14分)鹽酸美西律(E)是一種抗心律失態藥,其一條合成19.[選修3——物質構造與性質]路線以下:19-I(6分)以下元素或化合物的性質變化次序正確的選項是A.第一電離能:Cl>S>P>Si回答以下問題:B.共價鍵的極性:HF>HCl>HBr>HI(1)己知A的分子式為C8H10O,其化學名稱為.C.晶格能:NaF>NaCl>NaBr>NaI(2)B中的官能團的名稱為.D.熱堅固性:MgCO3>CaCO3>SrCO3>BaCO3(3)由A生成C的化學反響方程式為·反響類19-Ⅱ(14分)型是.黃銅礦是主要的煉銅原料,CuFeS2是此中銅的主要存在形式。回答(4)由D的構造可判斷:D應存在立體異構。該立體異構體的以下問題:構造簡式為(1)CuFeS2中存在的化學鍵種類。以下基態原子或離(5)若用更加低價易得的氨水代替鹽酸羥氨(NH2OH4HCl)與子的價層電子排布圖正確的選項是(填標號).A.B.C.D.2)在較低溫度下CuFeS2與濃硫酸作用時.有少許臭雞蛋氣味的氣體產生。①X分子的立體構型是。中心原子雜化種類為,屬于(填“非極性”或“極性”)分子。②X的沸點比水低的主要原由是.(3)CuFeS2與氧氣反響生成SO2。SO2中心原子的價層電子對數為,共價鍵的種類有。

(4)四方晶系CuFeS2的晶胞構造如右圖所示.①Cu的配位數為,S2的配位數為。②己知:ab0.524nm,c1.032nm,NA為阿伏加德羅常數的值,CuFeS2晶體的密度是_____gcm3(列出計算式)。海南省2018年一般高等學校招生全國一致考試化學答案分析一、選擇題【答案】C【分析】碘酸鉀用于補碘;碳酸氫鈉用于發酵粉;磷酸氫鈣用于肥料。【答案】A【分析】NOx中氮氧質量比為:147,得x1,則該化學式為N2O,A項正確。16x42【答案】D【分析】濃硫酸沒有毒,無需要帶防毒面罩,選D項。【答案】D【分析】CO32與Al3發生雙水解反響,3CO322Al33H2O2Al(OH)33CO2,Al(OH)3可以溶于NaOH,反響為:Al(OH)3NaOHNaAlO22H2O,選D項。【答案】B【分析】A項,發生反響為2Na2O22CO22Na2CO3O2,放出O2可作呼吸面具,正確;B項,SiO2不擁有導電性,Si為半導體,擁有導電性,SiO2用于制光導纖維,而Si用于制光電池,錯誤;C項,聚四氟乙烯稱為塑料王,擁有抗腐性,正確;D項,氯水中含有HC1O,擁有漂白性,正確。【答案】C【分析】AgCl在的積淀溶解均衡為:AgCl(s)Ag(aq)Cl(aq),加入稀鹽酸,會使得均衡逆向挪動,溶液中AgCl固體含量增添,即AgCl的溶解度減小。Ksp僅與溫度有關,題中溫度不變,則Ksp,不變,C項正確。二、選擇題【答案】B【分析】A項,乙醇不可以作為萃取劑,錯誤;B項,MnO2難溶于水,過濾可以分MnO2和KCl,正確:C項,NH3為堿性氣體,可以被P2O5汲取,錯誤;D項,乙醇中的水,應先加生石灰汲取后,再蒸餾出乙醇,錯誤。【答案】BC【分析】該裝置為原電池。Mg比炭開朗,故Mg作負極,B項錯誤;正極為活性炭,圖示中生成OH,則正極反響式為:O24e2H2O4OH,負極為:Mg2eMg2,電池總反響即為正、負極相加,為2MgO22H2O2Mg(OH)2,A項正確;活性炭可以吸附O2,在負極處,可以加速反響速率,C項正確;電池中電子由負極移向正極,即為b流向a,D項錯誤。【答案】C【分析】A項,金剛石中一個碳原子形成4根化學鍵,可是每根CC鍵均被共用2次,故1molC只好形成41mol2molCC鍵,錯誤;B項,D2O的摩爾質量為220gmol1,18gD2O中的質子數為18109mol,錯誤;C項,乙烯和環己烷的20化學式可以通式CH2n。來表示,28g二者混淆物中所含原子20總數為二283n6mol,正確;D項,NH4部分水解生成NH3H2O,故溶液中NH4和14nNH3H2O之和為1mol,錯誤。【答案】AD【分析】A項,含有Fe3,可以水解生成Fe(OH)3膠體,擁有凈水作用,正確;D項,含有Al3,可水解生成Al(OH)3,膠體,正確。【答案】D【分析】A項,酯化反響屬于代替反響,錯誤;B項,乙酸乙酯中擁有酯類的同分異構體有:甲酸丙酯、甲酸異丙酯和丙酸甲酯,其余還存在不屬于酯類的同分異構體,故不單三種,錯誤;C項,酯化反響中濃硫酸作催化劑,故反響后的混淆溶液中存在H2SO4,若加入NaHCO3溶液,必然會產生CO2,沒法說明能否存在乙酸,錯誤;D項,增添可逆反響中的一種反響物,另一種反響物的轉變率會提升,正確。【答案】CD【分析】A項,從圖中知,反響物的總能量比生成物的總能量大,故該過程為放熱反響,錯誤;B項,活化能是指反響過程中所要經歷的最大能量,圖中在無水狀況下,要達到的最大能量為0.75eV,而有水時的反響活化能為0.75eV,二者之間的差值為0.18eV,錯誤;C項,從圖中小球的變化來看,初步時,兩O原子是相連的,最后兩個O原子是分開的,而且原子與C原子相連,即經歷了OO鍵的斷裂與OO鍵的生成過程,正確;D項,SO2轉變為SO3時,炭黑.沒有變化,故作為反響的催化劑,正確。二、非選擇題【答案】(1)二VA(極性)共價鍵2)AlH2N2+3H2高溫、高壓2NH3催化劑3)O::C::O【分析】由題意推知,Y為N元素,Z為C元素,碳的一種同素異形體石墨可以導電。X為Al元素。(1)N位于第二周期,第VA族。N核內共有7個質子,最外層有5個電子。N與C均為非金屬元素,二者之間只好形成極性共價鍵。2)Al有三個電子層,而N和C只有兩個電子層,故Al的原子半徑最大。Al可以HCl,也可以與NaOH溶液反響,反響中均有H2生成。H2和N2在高溫、高壓、催化劑的條件下生成NH3。(3)CO2的構造式為OCO,碳原子與兩個氧原子之間形成兩對共用電子對。14.【答案】(1)Cu+H2O2+H2SO4CuSO4+2H2O(2)Cu+2Fe3+Cu2++2Fe2+酸性防備Fe3+水解生成FeOH33)Cu2+【分析】(1)Cu不可以與稀H2SO4;反響,可是在H2O2作用下,可以將Cu氧化生成Cu2+。(2)氧化Cu生成Fe2和Cu2。水解顯酸性,方程式為Fe33H2OFe(OH)33H,Fe3Fe在酸性條件下,可以控制Fe3水解。(3)反響①中,Cu2+氧化廠后,生成Cu,故Cu2作氧化劑。反響關系為:22222,得Cu~I3~2S2O3。依據耗費的Na2S2O3,的量,列式有:nCu225310nCu22.5103mol,cCu22.5103mol20103L0.125molL1。【答案】(1)氯氣(2)CH4+Cl2光照CH3Cl+HCl3)CH3OH4)代替反響5)CH3CH2OH【分析】可燃冰的主要成分為CH4nH2O,失掉后可生成A為CH4。電解飽和食鹽水生成Cl2、H2和NaOH,Cl2(B)與CH4;在光照條件下生成CH3Cl(D),CH3Cl在NaOH(C)溶液中反響CH3OH(E),CH3OH在濃硫酸作用下,發生疏子間脫水生成濃硫酸二甲醚,該反響的方程式為2CH3OHACH3OCH3H2O,該反響屬于代替反響。二甲醚與乙醇互為同分異構體。【答案】(1)196小于2)Cr3+B(3)大于pH高升,HO3的濃度增添,分解速率加速過氧化氫濃度越高其電離程度越低,分解率越小【分析】(1)依據蓋斯定律有,“上式減去下式后,乘以2”,得所求反響的烯變。該反響為放熱反響,高升溫度,均衡逆向挪動,K減小,即高溫下的會減小。2)從表中數據知,Cr3的存在下,H2O2分解率最高。由于活化能越小,反響越易進行,因此H2O2在Cr3存在時,活化能降到最低。給出的離子中,Al3最不易使H2O2分解,故儲蓄H2O2可采納純鋁。(3)H2O的電離均衡常數小于H2O2的Ka1,說明H2O2的一級電離大于水,故H2O2電離出的H大于H2O電離出的H,即H2O2的酸性強。H2O2HHO2,在堿性越強的條件下,該均衡正向挪動,HO2濃度增大,則H2O2的分解速率加快。H2O2為弱電解質,同樣pH下,H2O2濃度越大,其電離程度越小,則分解率也越小。【答案】(1)碳酸氫鈉溶液濃硫酸產生的氣體使干燥管內鹽酸液面降落,與碳酸鈣走開接觸,反響停止生成的硫酸鈣覆蓋在碳酸鈣表面,阻截反響進一步進行(2)①D②碳(C)點燃③4Na+3CO22Na2CO3+C【分析】(1)稀鹽酸與CaCO3反響生成CO2,生成的CO2中會混有HCl和H2O(g),先經過飽和NaHCO,將HCl除掉,同時也會生成CO2,再經過濃H2SO4,汲取CO2中的H2O。反響后封閉彈簧夾,HCl與CaCO3反響生成的CO2會將稀HCl向下壓,最后使HCl與CaCO3,走開接觸,反響將停止。H2SO4與CaCO3反響會生成微溶性的CaSO4,覆蓋在CaCO3表面,而阻截H2SO4,進一步與CaCO3,反響生成CO2。2)①濾液中加入酚酞變紅,說明溶液顯堿性;加入澄清石灰水,溶液變污濁,說明濾液中含有CO23,由此推測,白色物質為CaCO3。②Na與CO2反響,生成黑色物質,由元素角度可分析得出,明顯為碳。C與濃H2SO4的反響方程式為:C2H2SO4(濃)CO22SO22H2O,SO2擁有刺激性。③由上述描繪知,Na與CO2反響生成Na2CO3和C,依據Na和C得失電子守恒配昭雪響,得方程式為:高溫4Na+3CO22Na2CO3+C。四.選考題18-I【答案】BD【分析】A項,環己烯與HCl發生加成反響可生成氯代環己烷,正確;C項,2-甲-1-丙烯與HCl加成可生成2—甲基—2—氯丙烷,正確;B項和D項將要合成的物質中氯與鄰位碳上的H先消去生成一個碳碳雙鍵,用此方法可發現,所獲得的有機物中鄰位碳原子上均為5根化學鍵,因不存在這樣的有機物,故不可以用烯烴與HC1加成獲得B項、D項的物質。18-Ⅱ【答案】(1)2,6—二甲基苯酚2)羰基、溴3)代替反響4)5)6)8【分析】(1)由C的構造簡式以及A的分子式,可以逆推知,A的構造簡式為,與羥基相連的碳原子命名為1號碳,則另兩個甲基的位次分別為2號和6號位,即A命名為2,6一二甲基苯酚。(2)鹵素原子為官能團,B中-Br為官能團,“C=O”稱為猴基。3)A中羥基上H原子與B中的Br原子生成HBr,HBr與NaOH反響生成NaBr和H2O。該反響可以以為先發生代替反響,再發生酸堿中和反響。4)D中存在C=N,雙鍵雙側連結的基團不同樣,故存在順反異構。5)C中基上O原子與NH2OH日中2個H原子聯合生成H2O,同時獲得產物D。若用NH3代替NH2OH,則同樣的反響機理,可得出另一有機物為。6)A的同分異構體能與FeCl3發生顯色,說明要含有酚羥基,其余還有2個飽和碳原子,可以構成一個乙基,與酚羥基可形成鄰、間、對三種同分異構體。也可以是兩個甲基與酚羥基在苯環上排布,可以有:兩個甲基鄰位,酚羥基有2種地點;兩個甲基間位,酚羥基有3種地點;兩個甲基對位,酚羥基有1種地點。故除了A以外,還有8種同分異構體。A與中的峰面積之比均為6:2:1:1。19-I【答案】BC【分析】A項,P元素的價電子為3s23p3,p軌道中的電子為半滿狀態,較堅固,難失掉電子,故第一電離能比相鄰的S元素要大,故第一電

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