2022-2023學年福建省漳州市漳浦縣六鰲中學高三物理期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）如圖所示，豎直放置的等螺距螺線管高為h，該螺線管是用長為l的硬質直管（內徑遠小于h）彎制而成。一光滑小球從上端管口由靜止釋放，關于小球的運動，下列說法正確的是A．小球到達下端管口時的速度大小與l有關B．小球到達下端管口時重力的功率為C．小球到達下端的時間為D．小球在運動過程中受管道的作用力大小不變參考答案：C小球在整個運動過程中，只受到重力做功，由動能定理得，即：

，因此小球到達下端口的速度大小與無關，A錯；小球到下端口的速度大小為，沿管的切線方向，但不是豎直方向的，因此小球到達下端管口時重力的功率不等于，故B錯誤；物體在管內下滑的加速度為，故下滑所需時間為t，，，故C正確；小球得做的是加速螺旋運動，速度越來愈大，做的是螺旋圓周運動，根據可知，支持力越來越大，故D錯誤；2.2010年1月17日，我國成功發射北斗COMPASS—G1地球同步衛星，據了解這已是北斗衛星導航系統發射的第三顆地球同步衛星，則對于這三顆已發射的同步衛星，下列說法中正確的是

A．它們環繞地球運行可以不在同一條軌道上

B．它們的運行角速度相同

C．它們的運行速度大小相等，且都大于7.9km/s

D．它們的向心加速與靜止在赤道上物體的向心加速度大小相等。參考答案：B3.下列說法正確的是

A．行星的運動和地球上物體的運動遵循不同的規律

B．物體在轉彎時一定受到力的作用

C．月球繞地球運動時受到地球的引力和向心力的作用

D．物體沿光滑斜面下滑時受到重力、斜面的支持力和下滑力的作用參考答案：B4.11．下面是地球、火星的有關情況比較.星球地球火星公轉半徑1.5×108km2.25×108km自轉周期23時56分24時37分表面溫度15℃

－100℃～0℃大氣主要成分78%的N2,21%的O2約95%的CO2根據以上信息，關于地球及火星(行星的運動可看做圓周運動)，下列推測正確的是()．A．地球公轉的線速度大于火星公轉的線速度B．地球公轉的向心加速度大于火星公轉的向心加速度C．地球的自轉角速度小于火星的自轉角速度

D．地球表面的重力加速度大于火星表面的重力加速度參考答案：AB5.下列現象中與毛細現象有關的是（

）A．磚塊吸水

B．毛巾的一只角浸入水中，水會沿毛巾上升，使毛巾濕潤C．洗凈的衣服在太陽下被曬干

D．自來水筆從墨水瓶里把墨水吸進筆中參考答案：AB二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一礦井深125m，在井口每隔一相同的時間落下一個小球，當第11個小球剛從井口開始下落時，第1個小球恰好到達井底，則：（1）相鄰兩個小球下落的時間間隔時

s；（2）這時第3個球與第5個小球相距

m。（g取）參考答案：7.如圖，為測量作勻加速直線運動小車的加速度，將寬度均為b的擋光片A、B固定在小車上，測得二者間距為d。

(1)當小車勻加速經過光電門時，測得兩擋光片先后經過的時間和，則小車加速度

。(2)(多選題)為減小實驗誤差，可采取的方法是(

)

(A)增大兩擋光片寬度

(B)減小兩擋光片寬度(C)增大兩擋光片間距

(D)減小兩擋光片間距

參考答案：（1）

(2)B，C

8.在2010年上海世博會上，拉脫維亞館的風洞飛行表演，令參觀者大開眼界。若風洞內總的向上的風速風量保持不變，讓質量為m的表演者通過調整身姿，可改變所受的向上的風力大小。假設人體受風力大小與正對面積成正比，水平橫躺時受風力面積最大，人體站立時受風力面積為水平橫躺時的1/8；當受風力面積是最大值的一半時，恰好可以靜止或勻速漂移。風洞內人體可上下移動的總高度AC為H。人體原靜止于最高點A，某時刻開始，先以最大加速度勻加速下落，經過某處B后，再以能達到的另一最大加速度勻減速下落，剛好能在最低點C處減速為零，則：（1）BC的距離為

。（2）由B至C過程中表演者克服風力做的功為

。參考答案：9.

如圖所示，簡諧橫波I沿AC方向傳播，波源A點的振動圖象如圖（甲）所示。簡諧橫波II沿BC方向傳播，波源B點的振動圖象如圖（乙）所示，兩列波在C點相遇，已知AC=20cm，BC=60cm，波速都為2m/s。兩列波的振動方向相同，則C點的振動振幅為

cm．

參考答案：

答案：710.在驗證牛頓運動定律的實驗中有如圖8（a）所示的裝置，小車放在斜面上，車前端拴有不可伸長的細線，跨過固定在斜面邊緣的小滑輪與重物相連，小車后面與打點計時器的紙帶相連.開始時，小車停在靠近打點計時器的位置，重物到地面的距離小于小車到滑輪的距離.啟動計時器，釋放重物，小車在重物牽引下，由靜止開始沿斜面向上運動，重物落地后，小車會繼續向上運動一段距離.打點計時器使用的交流電頻率為50Hz.圖8（b）中a、b、c是小車運動紙帶上的三段，紙帶運動方向如圖箭頭所示.(1)根據所提供的紙帶和數據，計算打c段紙帶時小車的加速度大小為

m/s2（計算結果保留兩位有效數字）.(2)打a段紙帶時，小車的加速度是2.5m/s2，請根據加速度的情況，判斷小車運動的最大速度可能出現在b段紙帶中的

兩點之間.(3)若重力加速度取，由紙帶數據可推算出重物m與小車的質量M比為m：M=

.參考答案：（1）加速度的大小為5.0m/s2

（2）由紙帶可知，物體在D4D5區間的速度可能最大；（3）11.光照射某金屬產生光電效應時，實驗測得光電子最大初動能與照射光頻率的圖象如圖所示，其中圖線與橫軸交點坐標為ν0，則該金屬的逸出功為

．用一束波長范圍為λ1～λ2，且λ1＜λ2的光照射該金屬時產生光電效應，則光電子的最大初動能為

．已知普朗克常量為h，光在真空中傳播速度為C．參考答案：hν0，．【考點】愛因斯坦光電效應方程．【分析】根據光電效應方程Ekm=hv﹣W0和eUC=EKm得出遏止電壓Uc與入射光頻率v的關系式，從而進行判斷．【解答】解：當遏止電壓為零時，最大初動能為零，則入射光的能量等于逸出功，所以W0=hv0．從圖象上可知，逸出功W0=hv0．根據光電效應方程，Ekm=hv﹣W0=hv0．用一束波長范圍為λ1～λ2，且λ1＜λ2的光照射該金屬時產生光電效應，入射光的最小波長為λ1，即頻率最大，那么產生的光電子的最大初動能為Ekm=，故答案為：hν0，．12.為了測量某一彈簧的勁度系數，將該彈簧豎直懸掛起來，在自由端掛上不同質量的砝碼．實驗測出了砝碼質量m與彈簧長度l的相應數據，其對應點已在圖中標出．(g＝9.8m/s2)

(1)作出m—l的關系圖線；

(2)彈簧的勁度系數為________。參考答案：(1)如圖所示

(2)0.259N/m(0.248～0.262)13.如圖所示，“神舟”飛船升空后，進入近地點為B，遠地點為A的橢圓軌道I上飛行。飛行數圈后變軌．在過遠地點A的圓軌道Ⅱ上做勻速圓周運動。飛船由橢圓軌道運行變軌到圓形軌道運行后周期

（變短、不變或變長），機械能

（增加、減少或不變）。參考答案：變長

增加三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在做“用油膜法估測分子的大小”的實驗中：（1）關于油膜面積的測量方法，下列做法中正確的是

A．油酸酒精溶液滴入水中后，要立刻用刻度尺去量油膜的面積B．油酸酒精溶液滴入水中后，要讓油膜盡可能地散開，再用刻度尺去量油膜的面積C．油酸酒精溶液滴入水中后，要立即將油膜的輪廓畫在玻璃板上，再利用坐標紙去計算油膜的面積D．油酸酒精溶液滴入水中后，要讓油膜盡可能散開，等到狀態穩定后，再把油膜的輪廓畫在玻璃板上，用坐標紙去計算油膜的面積（2）實驗中，將1cm3的油酸溶于酒精，制成200cm3的油酸酒精溶液，又測得1cm3的油酸酒精溶液有50滴，現將1滴溶液滴到水面上，水面上形成0.2m2的單分子薄層由此可估算油酸分子的直徑d=

m．參考答案：（1）D；（2）5.0×10﹣10【考點】用油膜法估測分子的大小．【分析】（1）明確用“油膜法”估測分子大小的實驗原理：認為油酸分子是緊密排列的，而且形成的油膜為單分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含油酸體積除以油膜面積得出的油膜面積厚度即為油酸分子直徑．液滴入水中后，應讓油膜盡可能散開，再把油膜的輪廓畫在玻璃板上，然后用坐標紙計算油膜的面積．（2）在油膜法估測分子大小的實驗中，讓一定體積的純油酸滴在水面上形成單分子油膜，估算出油膜面積，從而求出分子直徑．【解答】解：（1）液滴入水中后，應讓油膜盡可能散開，形成單分子油膜，再把油膜的輪廓畫在玻璃板上，然后用坐標紙計算油膜的面積，由于油膜不規則，無法用刻度尺去量油膜的面積．故ABC錯誤，D正確．（2）一滴油酸的體積為：V=?cm3=1×10﹣4cm3=1×10﹣10m3油酸分子的直徑為：d==m=5.0×10﹣10m故答案為：（1）D；（2）5.0×10﹣1015.某同學用如圖甲所示的裝置驗證機械能守恒定律，他將兩物塊A和B用輕質細繩連接跨過輕質定滑輪，B下端連接紙帶，紙帶穿過固定的打點計時器．（1）按圖甲所示安裝實驗裝置時，使A的質量大于B的質量．（2）圖乙是實驗中得到的一條紙帶，O為釋放紙帶瞬間打點計時器打下的點，A、B、C為紙帶上連續取出的三個計時點，測得OA間、AB間及BC間的距離如圖所示，已知打點計時器計時周期為T=0.02s，用天平測出A、B兩物體的質量mA=150g，mB=50g，根據以上數據計算，可得從O到B的過程中，物塊A、B組成的系統重力勢能減少量為0.42J，動能增加量為0.40J，由此可得出的結論是在誤差允許范圍內，系統機械能守恒（取g=9.8m/s2，計算結果保留2位有效數字）參考答案：解：從O到B的過程中，物塊A、B組成的系統重力勢能減少量為：△Ep=（mA﹣mB）ghOB=（150﹣50）×10﹣3×9.8×（38.89+3.91）×10﹣2J=0.42J；B點的速度為：vB=m/s=2m/s系統動能增加量為：△Ek=×（150+50）×10﹣3×22J=0.40J因為△Ep≈△Ek所以由此可得出的結論是：在實驗誤差允許范圍內，系統機械能守恒．故答案為：0.42；0.40；在誤差允許范圍內，系統機械能守恒．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.直角坐標系xoy界線OM兩側區域分別有如圖所示電、磁場（第三象限除外），勻強磁場磁感應強度為B、方向垂直紙面向外，勻強電場場強、方向沿x軸負方向。一不計重力的帶正電的粒子，從坐標原點O以速度為v、沿x軸負方向射入磁場，隨后從界線上的P點垂直電場方向進入電場，并最終飛離電、磁場區域。已知粒子的電荷量為q，質量為m，求：

（1）粒子在磁場中運動的軌跡半徑R及P點的位置坐標；

（2）粒子在磁場中運動的時間；（3）粒子最終飛離電、磁場區域的位置坐標。參考答案：解：（1）由洛侖茲力提供向心力，有：

（3分）

解得：（3分）

如圖所示，由幾何關系可知，粒子經過界線OM的位置P的坐標為（，）（2分）

（2）粒子在磁場中運動的周期

（2分）

粒子在磁場中運動的時間（2分）

（3）粒子從P點射入電場將做類平拋運動，如圖所示，有：

①（1分）

②（1分）

其中：

③（1分）

聯立①②③式解得（2分）

故粒子最終飛離電、磁場區域的位置坐標為（1分）17.如圖，PQ分界線的右側空間有一垂直紙面向里、磁感應強度為B的勻強磁場。一質量為m、電荷量為q的粒子以速度v0沿AC方向由A點射入。粒子經D點時速度的偏向角(偏離原方向的夾角)θ=60°。(不計重力)(1)試求AD間的距離；(2)若去除磁場，改為紙平面內垂直于AC方向的勻強電場，要想由A射入的粒子仍然能經過D點，試求該電場的強度的大小及方向；粒子此時經D點時速度的偏向角比60°角大還是小?為什么?參考答案：（1）（2）【詳解】（1）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，速度偏角為，則粒子轉過的圓心角為，即AD=R由得AD=

（2）經D點，而，，解得，方向垂直AC向上速度偏向角，解得而即，則18.一輛值勤的警車停在公路邊，當警員發現從他旁邊以v=12m/s的速度勻速行駛的貨車有違章行為時，決定前去追趕