1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、質量相同的甲、乙兩人乘坐兩部構造不同、傾角相同的電梯去商場，他們均相對于電梯靜止，則下列說法正確的是（ ）A.若兩電梯勻速上升，則甲、乙兩人均沒有受

2、到摩擦力B.若兩電梯勻速上升，則甲受到的重力和支持力C.若兩電梯勻加速上升，則兩人均受到沿速度方向的摩擦力D.無論電梯加速或勻速上升，甲都不會受到摩擦力的作用2、如圖所示，物體在大小為100N、與水平方向成60角的拉力F作用下，沿水平桌面做勻速直線運動。則物體與桌面間的摩擦力大小為A.50NB.50 NC.100ND.03、關于作用力與反作用力的說法下列正確的是A.作用力和反作用力作用在同一物體上B.地球對重物的作用力大于重物對地球的作用力C.作用力和反作用力有時相等有時不相等D.作用力和反作用力同時產生、同時消失4、如圖所示，在中央電視臺“挑戰不可能”節目中，選手正沿傾斜鋼絲小心翼翼地緩慢上

3、行在這一過程中A.鋼絲對人的作用力垂直鋼絲向上B.選手受到鋼絲的摩擦力沿鋼絲斜向下C.選手手中的平衡桿所受合力豎直向上D.鋼絲對選手的支持力和選手對鋼絲的壓力是一對作用力和反作用力5、如圖，一小球放置在木板與豎直墻面之間設墻面對球的壓力大小為N1，球對木板的壓力大小為N2.以木板與墻連接點所形成的水平直線為軸，將木板從圖示位置開始緩慢地轉到水平位置不計摩擦，在此過程中A.N1始終減小，N2始終增大B.N1始終減小，N2始終減小C.N1先增大后減小，N2始終減小D.N1先增大后減小，N2先減小后增大6、沿一條直線運動的物體，當物體的加速度逐漸減小時，下列說法正確的是( )A.物體運動的路程一定增

4、大B.物體運動的速度一定增大C.物體運動速度的變化量一定減小D.物體運動的速度一定減小7、物體由靜止做勻加速直線運動，第5 s內通過的位移是4.5 m，則()A.第5 s內平均速度是0.9 m/sB.物體的加速度是1 m/s2C.前3 s內的位移是1.5 mD.3 s末的速度是3 m/s8、如圖，柔軟輕繩ON的一端O固定，其中間某點M拴一重物，用手拉住繩的另一端N初始時，OM豎直且MN被拉直，OM與MN之間的夾角為（）現將重物向右上方緩慢拉起，并保持夾角不變在OM由豎直被拉到水平的過程中()A.MN上的張力逐漸增大B.MN上的張力先增大后減小C.OM上的張力逐漸增大D.OM上的張力先增大后減小

5、9、如圖所示，表面光滑的半球形物體固定在水平面上，光滑小環D固定在半球形物體球心O的正上方，輕質彈簧一端用輕質細繩固定在A點，另一端用輕質細繩穿過小環D與放在半球形物體上的小球P相連，DA水平現將細繩固定點A向右緩慢平移的過程中(小球P未到達半球最高點前)，下列說法正確的是A.彈簧變短B.彈簧變長C.小球對半球的壓力不變D.小球對半球的壓力變大10、如圖，物體在平行于斜面向上的拉力F作用下靜止在粗糙斜面上，拉力增大的過程中物體保持靜止，關于物體受到的靜摩擦力大小的變化法可能正確的是（）A.一直增大B.先減小后增大C.先增大后減小D.始終為零11、足夠長的木板B與物塊A的質量分別為mB，mA，在

6、力F=kt（k0）的作用下一起加速，加速度隨時間變化的圖線如圖2所示，k、a0、t0為已知量，重力加速度為g，則以下說法正確的是（）A.木板B與地面之間是光滑的B.AB之間的動摩擦因數為C.D.t0時刻后物體B做勻加速運動12、如圖甲，一物塊在t=0時刻滑上一固定斜面，其運動的vt圖象如圖乙所示若重力加速度g=10m/s2，則A.斜面的長度B.斜面的傾角C.物塊的質量D.物塊與斜面間的動摩擦因數二填空題(每小題6分，共18分)13、某物體從足夠高處開始做自由落體運動，則物體在第3s末的速度大小為_m/s，第3s內的位移大小為_m。14、如圖甲為某次實驗中用打點計時器打出的一條較理想的紙帶，紙帶

7、上A、B、C、D、E、F、G為七個相鄰的計數點，相鄰計數點間的時間間隔是0.1s，A與各點之間的距離如圖所示，單位是cm，紙帶上D點的速度是_m/s，紙帶的加速度是_m/s2(結果均保留3位有效數字)，在驗證質量一定時加速度a和合外力F的關系時，某學生根據實驗數據作出了如圖乙所示的aF圖象，其原因是_。15、某實驗小組利用圖示的裝置探究加速度與力、質量的關系。下列做法正確的是_（填字母代號）A實驗時，先放開木塊再接通打點計時器的電源 B在調節木板傾斜度平衡木塊受到的摩擦力時，將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴木塊上C調節滑輪高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行D通過增減木塊上的砝碼改變質量時，不

8、需要重新調節木板傾斜度為使砝碼桶及桶內砝碼的總重力在數值上近似等于木塊運動時受到的拉力，應滿足的條件是砝碼桶及桶內砝碼的總質量_木塊和木塊上硅碼的總質量。（填“遠大于”、“遠小于”、或“近似于”）三計算題(22分)16、（12分）汽車以15 m/s的速度勻速行駛，司機發現前方有危險，在0.8 s后才能作出反應，實施制動，這個時間稱為反應時間若汽車剎車時能產生的最大加速度為5 m/s2，從汽車司機發現前方有危險到剎車后汽車完全停下來，汽車所通過的距離叫剎車距離求：（1）在反應時間內汽車行駛的距離；（2）剎車后汽車行駛的距離17、（10分）總質量為40kg的人和雪撬在傾角=37的斜面上向下滑動（如

9、圖甲所示），所受的空氣阻力與速度成正比今測得雪撬運動的vt圖象如圖乙所示，且AB是曲線的切線，B點坐標為（4，15），CD是曲線的漸近線。（g取10m/s2）求：（1）雪撬開始運動時的速度和加速度以及雪橇運動的最大速度；（2）空氣的阻力系數k和雪撬與斜坡間的動摩擦因數參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】AB.若兩電梯均為勻速上升，則甲只受重力和支持力，乙則受重力、支持力和摩擦力，所以A錯誤，B正確；C.若兩電梯勻加速上升，則甲

10、所受摩擦力水平向右，乙所受摩擦力平行斜面向上，C錯誤，D錯誤；故選B.【點睛】對人受力分析，由牛頓第二定律及共點力的平衡條件可確定人是否受到摩擦力2、A【解析】對物體受力分析，受拉力、重力、支持力、摩擦力，如圖所示：物體勻速運動，受力平衡，物體受拉力、重力、支持力和滑動摩擦力四個力作用，根據平衡條件，有：Fcos-f=0，故摩擦力大小為f=Fcos60=50N，故A正確，BCD錯誤。故選A。3、D【解析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質相同，它們同時產生，同時變化，同時消失【詳解】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等

11、，方向相反，作用在同一條直線上，但不在同一物體上，故AC錯誤；作用力與反作用力總是同時產生、同時變化、同時消失，故D正確；地球對重物作用力大于重物對地球的作用力是一對作用力和反作用力關系，故大小相等，故B錯誤所以D正確，ABC錯誤【點睛】考查牛頓第三定律及其理解理解牛頓第三定律與平衡力的區4、D【解析】選手沿傾斜鋼絲緩慢上行，每一個狀態都可看做平衡狀態，分別對人、平衡桿受力分析，根據平衡條件來判斷，可類比物體在斜面上靜止，根據牛頓第三定律來分析判斷【詳解】鋼絲對人施加了垂直鋼絲向上的支持力、沿鋼絲向上的摩擦力，二者的合力豎直向上與重力平衡，故A錯誤；選手受到鋼絲的摩擦力沿鋼絲斜向上，故B錯誤；

12、平衡桿每個狀態也看做平衡狀態，所以所受合力為0，故C錯誤；根據牛頓第三定律知：鋼絲對選手的支持力和選手對鋼絲的壓力是一對作用力和反作用力，故D正確所以D正確，ABC錯誤【點睛】本題考查了受力分析、平衡條件，關鍵是把每一個狀態都看做平衡狀態來討論5、B【解析】對小球進行受力分析如圖所示，設：板與豎直方向夾角為，則：，隨著板順時針方向轉動，越來越大，因此N2越來越小，同樣也越來越小，答案B正確考點：共點力作用下物體的平衡，力的合力與分解6、A【解析】A只要物體在運動，其運動的路程一定增大，故A正確；BD當物體的加速度逐漸減小時，物體的速度變化越來越慢，但速度不一定增大，也不一定減小，當加速度與速度

13、方向相同時，速度在增大，反之，速度在減小，故BD錯誤；C速度的變化量既與加速度有關，還與變化所用的時間有關，則知，物體運動速度的變化量不一定減小，故C錯誤。故選A?！军c睛】加速度與速度的關系關鍵抓住兩者無關來理解可根據牛頓第二定律理解加速度的決定因素：合外力和質量7、BD【解析】由平均速度的公式第5 s內平均速度是：，故A錯誤；根據推論可知4.5s時刻的速度等于第5s內的平均速度，v4.54.5 m/s，由速度公式vat得加速度為：a1m/s2，故B正確；前3s內，由位移公式得：，故C錯誤；由速度公式vat得3s末的速度是：v313m/s3m/s，故D正確所以BD正確，AC錯誤8、AD【解析】

14、以重物為研究對象，受重力mg，OM繩上拉力F2，MN上拉力F1，由題意知，三個力合力始終為零，矢量三角形如圖所示，在F2轉至水平的過程中，MN上的張力F1逐漸增大，OM上的張力F2先增大后減小，所以A、D正確；B、C錯誤9、AC【解析】分析小球受力情況：重力G，細線的拉力T和半球面的支持力，作出、T，G的矢量三角形，根據三角形相似法分析、T的變化對小球P受力分析，受到繩子的拉力T，半球的支持力，豎直向下的重力G，如圖所示，根據相似三角形法可知，因為OP和OD都是恒定不變的，G也不變，DP減小，所以可知不變，T減小，根據牛頓第三定律可知小球對半球的壓力不變，繩子的拉力減小，即彈簧的彈力減小，所以

15、彈簧變短，故AC正確10、AB【解析】對物體進行受力分析，受到重力、支持力、摩擦力以及平行于斜面向上的拉力F，將重力分解，平行于斜面向下的重力的分力；（1）當開始時，物體不受摩擦力，所以當拉力增大時，則靜摩擦力增大；（2）當開始時，這兩個力的合力平行于斜面向下，則物體所受的靜摩擦力f平行于斜面向上，當拉力增大時，則靜摩擦力先減小，后增大；（3）當開始時，摩擦力平行于斜面向下，隨著拉力增大，則靜摩擦力增大綜上所述，故AB正確，CD錯誤11、ACD【解析】AC設木板B與地面間的動摩擦因數為0-t0時間內，兩個物體的加速度相同，對整體，由牛頓第二定律得F-（mA+mB）g=（mA+mB）a得由圖知，

16、t=0時，a=0，可得=0即木板B與地面之間是光滑的，由題知，t=t0時刻F=F0=kt0代入上式得kt0=（mA+mB）a0可得故AC正確；Bt=t0時刻后，B的加速度為a0由牛頓第二定律得：對B有1mAg=mBa0得故B錯誤；Dt0時刻后，物體B所受的合力等于A對B的滑動摩擦力，保持不變，做勻加速運動，故D正確。故選ACD?！军c睛】解決本題的關鍵要明確物體的運動狀態，根據兩個物體的狀態關系，靈活選擇整體法和隔離法列式研究12、BD【解析】由圖乙所示圖象可求出物體的加速度，應用牛頓第二定律求出斜面的傾角與動摩擦因數，然后根據物體運動過程分析答題【詳解】由圖乙所示圖象可知，物體先向上減速到達最

17、高時再向下加速度；圖象與時間軸圍成面積為物體經過的位移，故可出物體在斜面上的位移，但是不能求出斜面的長度，故A錯誤；由圖乙所示圖象可知，加速度大?。?，由牛頓第二定律得：上升過程：mgsin+mgcos=ma1，下降過程：mgsin-mgcos=ma2，解得：=30，=，故BD正確根據圖示圖象可以求出加速度，由牛頓第二定律可以求出動摩擦因數與斜面傾角，但是無法求出物塊的質量，故C錯誤故選BD【點睛】本題考查牛頓第二定律及圖象的應用，要注意圖象中的斜率表示加速度，面積表示位移；同時注意正確的受力分析，根據牛頓第二定律明確力和運動的關系二填空題(每小題6分，共18分)13、 .30 .25【解析】1

18、物體在第3s末的速度大小為2第3s內的位移大小為14、 .0678 .1.59 .平衡摩擦力過度【解析】1打計數點D時，紙帶速度大小為：2運用逐差法得3在aF圖線中，F=0時，加速度不為零，知長木板墊得過高，或傾角太大，或平衡摩擦力過度。15、 .CD .遠小于【解析】(1)1A實驗時，應先接通電源，再釋放木塊，故A錯誤；B平衡摩擦力時，不能將裝有砝碼的砝碼桶通過定滑輪拴木塊上，故B錯誤；C調節滑輪的高度，使牽引木塊的細繩與長木板保持平行，故C正確；D通過增減木塊上的砝碼改變質量時，不需要重新平衡摩擦，故D正確，故選CD。(2)2對整體分析，加速度隔離對木塊分析，根據牛頓第二定律得可知當砝碼桶及桶內砝碼的總質量遠小于木塊和木塊上砝碼的總質量時，砝碼桶及桶內砝碼的總重力在數值上近似等于木塊運動時受到的拉力。