1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、一個未裝滿貨物的木箱放在水平地面上A.重力的施力物體是地球，其方向一定指向地心B.重心就在木箱的幾

2、何中心C.木箱對水平地面的壓力就是木箱所受的重力D.木箱受到向上的彈力，是因為地面發生了彈性形變2、如圖所示，小球以大小為3m/s的速度v1水平向右運動，碰一墻壁經t0.01s后以大小為2m/s的速度v2沿同一直線反向彈回，則小球在這0.01s內的平均加速度是（）A.100m/s2，方向向右B.100m/s2，方向向左C.500m/s2，方向向左D.500m/s2，方向向右3、一物體沿豎直方向運動，以豎直向上為正方向，其運動的v-t圖象如圖所示下列說法正確的是（ ）A.物體01s做勻加速直線運動B.物體23s向下運動C.物體01s加速度方向與23s加速度方向相反D.物體01s平均速度與23s平

3、均速度相等4、物體在斜面上勻速下滑，如圖所示的四個受力示意圖中正確的是（）AB.C.D.5、下面說法中正確的是（ ）A.當物體運動狀態發生變化時，它一定受到外力作用B.靜止或做勻速直線運動的物體，一定不受外力的作用C.當物體的速度等于零時，它一定處于平衡狀態D.物體的運動方向一定是它所受的合外力的方向6、高空作業的電工在操作過程中，不慎將一螺母從離地面20m高處由靜止脫落，不計空氣阻力，g取10m/s2，則（）A.螺母在空中運動的時間為2sB.螺母在第2s內的平均速度為20m/sC.螺母下落第ls內的位移為10mD.螺母落地時的速度大小為10m/s7、如圖所示，作用于O點的三個力平衡，其中一個

4、力大小為F1，沿y軸方向，大小未知的力F2與+x軸方向夾角為，則下列關于第三個力F3的說法正確的是()A.力F3可能在第二象限內與+y軸方向成任意角度B.力F3不可能在第三象限內C.力F3的最小值等于D.力F3與F2夾角越小，則F3與F2的合力越小8、一小球從靜止開始做勻加速直線運動，在第 15s 內的位移比第 14s 內的位移多0.2m，則下列說法正確的是（）A.小球加速度為 0.4m/s2B.小球第15s 內的位移為2.9mC.小球第14s 內的初速度為2.6m/sD.小球前15s 內的平均速度為3.0m/s9、在電梯的地板上放置一個壓力傳感器，在傳感器上放一個重量為20N的物塊，如圖甲所

5、示，計算機顯示出傳感器所受物塊的壓力大小隨時間變化的關系，如圖乙，根據圖象分析得出的結論中正確的是（）A.從時刻t1到t2，物塊處于失重狀態B.從時刻t3到t4，物塊處于失重狀態C.電梯可能開始停在低樓層，先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在高樓層D.電梯可能開始停在高樓層，先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后停在低樓層10、運動員用力F1將球頂出，此時球對運動員的力為F2，下列說法正確的是（）A.F1與F2的大小相等B.F1與F2是同一性質的力C.F1與F2是對平衡力D.F1與F2的方向相反11、如圖所示，質量為m2的物體2放在車廂的水平底板上，用豎直細繩通過光滑定滑輪與質量

6、為m1的物體1相連，車廂沿水平直軌道向右行駛，此時與物體1相連的細繩與豎直方向成角，由此可知A.車廂的加速度大小為B.繩對m1的拉力大小為C.底板對物體m2的支持力大小為D.底板對m2的摩擦力大小為12、如圖所示，一輕質彈簧豎直放置在水平地面上，下端固定彈簧原長為20cm，勁度系數k200N/m.現用豎直向下的力將彈簧壓縮到10cm后用細線拴住，此時在彈簧上端放置質量為0.5kg的物塊在燒斷細線的瞬間A.物塊的速度為零B.物塊加速度為零C.物塊的加速度為10m/s2，方向豎直向下D.物塊的加速度為30m/s2，方向豎直向上二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）利用圖 1

7、所示裝置研究自由落體運動(1)在實驗過程中，應先_（填“接通電源”或“釋放紙帶”）(2)按照正確的實驗步驟，獲取紙帶，選用較清晰的連續的幾個點跡，如圖 2 所示，用刻度尺測得AC、CE間距分別為、，已知打點計時器打點的頻率為f，則重物運動過程的加速度大小為_學習小組發現這個加速度數值與查得的當地重力加速度g相差較大，于是在測量了重物質量為m后，計算出重物運動過程中所受阻力F_.14、（10分）如圖（a）所示，用鐵架臺、彈簧和多個已知質量且質量相等的鉤碼，探究在彈性限度內彈簧彈力與彈簧伸長量的關系實驗。（1）為完成實驗，還必需的實驗器材是_。（2）圖（b）是彈簧所受彈力F與伸長量x的關系圖線，由

8、此可求彈簧的勁度系數k=_N/m。（3）圖線不過原點，原因可能是_。A沒有考慮（或忽略了）彈簧的自重B所選的彈簧勁度系數太大C所選的彈簧太長D鉤碼的質量太小三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，質量為m1=0.8kg的物體甲通過兩段輕繩和一個輕質細彈簧懸掛在結點O。輕繩OB水平且B端與放置在水平面上質量為m2=2.5kg的物體乙相連，輕彈簧OA與豎直方向的夾角37，物體甲、乙均處于靜止狀態,彈簧的勁度系數為k=500N/m。（sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2）求：（1）物體乙受到的摩擦力的大小與方向；（2）輕彈簧的伸長量。16

9、、（12分）水平地面上固定一個傾角為的斜面，AC邊長為L，如圖所示，小物塊乙置于木板甲的一端，與木板甲一起從斜面頂端C處無初速釋放，其中甲、乙質量均為m，斜面光滑，甲、乙之間的動摩擦因數為tan，木板長度為，重力加速度為g，每當木板滑到斜面底端時，就會與A處的彈性擋板（擋板厚度可忽略不計）發生碰撞，木板碰撞后等速率反彈，而且碰撞時間極短。可認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。求：（1）甲、乙開始下滑時的加速度大小a；（2）木板第一次碰撞后反彈上升到最高點的過程中，物塊相對木板的位移大小x。17、（12分）如圖所示，一逆時針勻速轉動的水平傳送帶與傾角=37的足夠長的粗糙斜面平滑連接，一可視為質點的物

10、塊，以初速度v0=m/s從斜面底端上滑，已知物塊與斜面、物塊與傳送帶間的動摩擦因數均為=0.5，傳送帶兩端的距離為L=2m，sin37 =0.6，cos37 =0.8，g=10m/s2。求：（1）小物塊在斜面上上滑的最大距離；（2）小物塊返回斜面底端時的速度；（3）要使物塊在傳送帶上運動時間最短，則傳送帶的速度滿足什么條件，最短時間為多大。參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、D【解析】A重力的施力物體是地球，其方向豎直向下，不一定指向地心，選項A錯誤；B因木箱中貨物未滿，則其重心不一定在木箱的幾何中心，選項B錯誤；C木箱對水平地面的

11、壓力大小等于木箱所受的重力，因壓力和重力是不同性質的力，則不能說“壓力”就是“重力”，選項C錯誤；D木箱受到向上的彈力，是因為地面發生了彈性形變，選項D正確2、C【解析】規定向右為正方向，小球的加速度為負號表示加速度方向與正方向相反，即向左。故選C。3、C【解析】v-t圖象中，與時間軸平行的直線表示做勻速直線運動，傾斜的直線表示勻變速直線運動，斜率表示加速度，傾斜角越大表示加速度越大【詳解】v-t圖像的斜率等于加速度，由圖像可知，物體在01s內加速度逐漸減小，則物體做加速度減小的變加速直線運動，選項A錯誤；物體23s內速度為正值，即物體向上運動，選項B錯誤；物體01s內做加速運動，在23s內做

12、減速運動，則物體01s加速度方向與23s加速度方向相反，選項C正確；v-t圖像與坐標軸圍成的面積等于位移，則物體01s內的位移大于23s內的位移，根據v=s/t可知物體在01s的平均速度大于23s內的平均速度，選項D錯誤；故選C.4、B【解析】物體在斜面上勻速下滑，物體受到重力、支持力、摩擦力三個力的作用，根據平衡條件分析【詳解】由于物體在斜面上勻速下滑，故物體受到重力、支持力、摩擦力三個力的作用，摩擦力與相對運動方向相反，支持力垂直于斜面向上，故物體受力示意圖如下：故B正確，ACD錯誤；故選B【點睛】本題主要是共點力平衡的條件及其應用，關鍵是對物體進行受力分析，根據平衡條件得出結論5、A【解

13、析】力是物體運動狀態改變的原因，若物體受平衡力作用，物體的運動狀態一定不變，物體受非平衡力作用時其運動狀態一定改變；物體的運動方向與它所受的合外力的方向無直接關系【詳解】A.力是物體運動狀態改變的原因，當物體的運動狀態發生變化時，它一定受到外力作用，故A正確；B.靜止或做勻速直線運動的物體，處于平衡狀態，可以不受外力的作用或所受合力為零故B錯誤；C.當物體的速度等于零時，它不一定處于平衡狀態，例如豎直上拋運動到最到點，故C錯誤；D.物體的運動方向與它所受的合外力的方向無直接關系，可以相同或相反，也可以不在一條直線上故D錯誤；故選A.6、A【解析】A物體下落所用的時間為，由解得：故A正確；B螺母

14、在第內的運動的位移為：所以螺母在第內的平均速度為：故B錯誤；C物體做自由落體運動下落內的位移為：故C錯誤；D物體在空中運動了后的速度為：故D錯誤；故選A。7、AC【解析】三力平衡時，三個力中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線；題中第三個力與已知的兩個力平衡【詳解】A、三力平衡時，三個力中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線；當、的合力在第四象限時，在第二象限，可能在第二象限的任意方向上，故A正確；B、三力平衡時，三個力中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線；當、的合力在第一象限時，力在第三象限，故B錯誤；CD、三力平衡時，三個力中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線；

15、故力和合力始終和大小相等，保持不變；通過作圖可以知道，當、的合力F與F2垂直時合力最小，等于，即力的最小值為故C正確，D錯誤；故選AC【點睛】本題關鍵抓住三力平衡時，三個力中任意兩個力的合力與第三個力等值、反向、共線，然后通過作圖分析8、BC【解析】根據連續相等時間內的位移之差是一恒量求出小球的加速度，根據勻變速直線運動的位移時間公式求出小球在第15s內的位移；根據速度時間關系求出14s的初速度；根據第15s末的速度，結合平均速度的推論求出小球前15s內的平均速度。【詳解】A.根據得故A錯誤；B.小球在第15s內的位移故B正確；C.小球在第14s初的速度故C正確；D.第15s末的速度則小球前1

16、5s內的平均速度故D錯誤。故選BC。9、BC【解析】A從時該t1到t2，物體受到的壓力大于重力時，物體處于超重狀態，加速度向上，故A錯誤；B從時刻t3到t4，物體受到的壓力小于重力，物塊處于失重狀態，加速度向下，故B正確；C如果電梯開始停在低樓層，先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在高樓層，那么應該從圖象可以得到，壓力先等于重力、再大于重力、然后等于重力、小于重力、最后等于重力，故C正確；D如果電梯開始停在高樓層，先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后停在低樓層，那么應該是壓力先等于重力、再小于重力、然后等于重力、大于重力、最后等于重力，故D錯誤；故選BC。10、ABD【解析】作

17、用力與反作用力一定大小相等，方向相反，作用在不同的物體上，它們同時產生同時消失，是同一性質力；平衡力的條件：大小相等、方向相反、作用在同一個物體上，作用在同一條直線上【詳解】運動員頂球的過程中，運動員對球的力和球對運動員的力是作用在不同物體上的兩個力，是一對相互作用力，它們同時產生同時消失，是同一性質力；不會相互平衡故ABD正確，C錯誤故選ABD【點睛】本題考查了相互作用力和平衡力的辨別，有一定綜合性，但難度不大11、AB【解析】先以物體1為研究對象，分析受力情況，根據牛頓第二定律求出其加速度和繩的拉力再對物體2研究，由牛頓第二定律求出支持力和摩擦力【詳解】以物體1為研究對象，受力如圖所示，由

18、牛頓第二定律得：m1gtan=m1a，解得：a=gtan，則車廂的加速度也為gtan，故A正確；如圖所示，繩子的拉力：，故B正確；對物體2研究，受力如圖2所示，在豎直方向上，由平衡條件得：N=m2g-T=m2g-，故C錯誤；由圖2所示，由牛頓第二定律得：f=m2a=m2gtan，故D錯誤故選AB【點睛】解決本題的關鍵的關鍵知道車廂和兩物體具有相同的加速度，通過整體法和隔離法進行求解12、AD【解析】A在燒斷細線的瞬間，物塊的速度為零，故A正確；BCD根據題意對物體進行受力分析可知，物體受重力和彈簧的彈力作用，彈力燒斷細線的瞬間，物體受到的合外力向上，由公式可得加速度，方向豎直向上，故BC錯誤，

19、D正確。故選AD。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 .接通電源 . .【解析】(1)打點計時器的使用通常是先通電后運動.(2)運用勻變速直線運動的判別式求加速度，用牛頓第二定律求阻力.【詳解】(1)小球自由落體運動較快，若先釋放小球再通電，紙帶上能留下的點跡很少不便于處理數據減小誤差，而且打點計時器通電瞬間打點不穩定，不能用來打點記錄，故實驗過程中應先接通電源后釋放紙帶.(2)設重物運動過程的加速度大小為a，由勻變速直線運動規律得：解得：.又由牛頓第二定律得：，解得：.【點睛】通過實驗原理清楚實驗中需要測量的物理量，學會處理紙帶求出瞬時速度和加速度，清楚實際情況下存在的誤差14、 .刻度尺 .200N/m .A【解析】（1）1根據實驗原理可知，本實驗中應測量彈簧的長度；故應用到刻度尺；（2）23由圖象可知，斜率表示彈簧的勁度系數，為：圖線不過原點的原因是實驗中沒有考慮（或忽略了）彈簧的自重或在彈簧沒有處于豎直懸掛狀態時測量它的原長故選A三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）6N 方向水平向左；（2）0.02m【解析】（1）對物體受力分析，如圖所示根據平衡條件，有TOB=m1gtan=6N，而乙在水平方向受力平衡，所以乙受到的摩擦力f=TOB=6N方向水平向左；（2）彈簧彈力為10N，根據胡克定律，有16、（1）