1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、關于矢量和標量，下列說法正確的是：（）A.標量只有正值，矢量可以取負值B.溫度計讀數有正有負

2、，所以溫度是矢量C.當物體作單向直線運動時，路程就是位移，這種情況下，矢量與標量沒有區別D.位移10m比5m大2、如圖所示，自由落下的小球，從接觸豎直放置的彈簧開始到彈簧的壓縮量最大的過程中，小球的速度及所受的合外力的變化情況是（）A.合力變小，速度變小B.合力變小，速度變大C.合力先變小，后變大；速度先變大，后變小D.合力先變大，后變小，速度先變小，后變大3、下列對運動的認識錯誤的是（）A.亞里士多德認為有力作用在物體上，物體才能運動；沒有力的作用，物體就靜止B.伽利略認為如果完全排除空氣的阻力，所有的物體將下落得同樣快C.伽利略認為，若沒有摩擦，在水平面上運動的物體將保持其速度繼續運動下去

3、D.牛頓認為力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態的原因4、甲、乙兩質點在同一直線上做勻加速直線運動，它們的v-t圖象如圖所示已知在3s末兩質點在途中相遇，則兩質點出發時A.甲比乙先出發1sB.乙在甲之前4mC.甲在乙之前4mD.甲在乙之前3m5、已知力F的一個分力F1跟F成30角，F1大小未知，如圖所示，則另一個分力F2的最小值為：（ ）A. B.C.FD.無法判斷6、如圖所示，懸掛于小車里的小球偏離豎直方向角，則小車可能的運動情況是（）A.向右減速運動B向右加速運動C.向左減速運動D.向左加速運動7、某物體運動的速度-時間圖象如圖所示根據圖象可知A.0-2s內的加速度為2m/s2B

4、.0-5s 內的位移為7mC.第1s末與第4.5s末的速度方向相反D.第1s末與第4.5s末的加速度方向相反8、如果一個物體分別受到下列幾組共點力的作用，其中一定能使物體產生加速度的共點力組是（）A.1N、3N、5NB.4N、4N、6NC.3N、4N、5ND.4N、6N、l1N9、如圖所示，一質量為m的物體以一定的速率v0滑到水平傳送帶上左端的A點，當傳送帶始終靜止時，已知物體能滑過右端的B點，經過的時間為t0，則下列判斷正確的是( ) A.若傳送帶逆時針方向運行且保持速率不變，則物體也能滑過B點，且用時為t0B.若傳送帶逆時針方向運行且保持速率不變，則物體可能先向右做勻減速運動直到速度減為零

5、，然后向左加速，因此不能滑過B點C.若傳送帶順時針方向運行，當其運行速率(保持不變)vv0時，物體將一直做勻速運動滑過B點，用時一定小于t0D.若傳送帶順時針方向運行，當其運行速率(保持不變)vv0時，物體一定向右一直做勻加速運動滑過B點，用時一定小于t010、圖甲是某同學站在力傳感器上做下蹲、起跳動作的示意圖，a、d、f、g 時刻其重心P 位置對應如圖圖乙是根據傳感器采集到的數據做出的F-t 圖線，圖中ag 各點與圖甲相對應（其中b、c、e 時刻圖甲未畫出）根據圖象可知（ ）A.該同學的重力為500NB.在a-b 時間內，該同學在加速下降C.e 時刻該同學正在減速上升D.該同學在d 時的加速

6、度等于在f 時的加速度二、實驗題11、（4分）在探究“合力與分力的關系”的實驗中，我們可以利用兩個相同彈簧秤拉橡皮條來探究，如圖所示，則以下說法正確的是（ ）A.兩個彈簧秤之間夾角越大越好B.兩個彈簧秤的拉力越大越好C.兩個彈簧秤之間夾角必須是90D.兩個彈簧秤與橡皮條必須跟鋪白紙的木板平行E.實驗中需要同時記錄彈簧拉力的大小和方向12、（10分）請在圖中畫出A物體受到的力_（已知：左圖中物塊靜止在斜面上，右圖中光滑球A靜止在水平面上）三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）如圖所示，電燈的重

7、力G10N，AO繩與天花板間夾角為45，BO繩水平。求：(1)AO繩對結點O的拉力.(2)BO繩對結點O的拉力。14、（14分）一質量為m2kg的滑塊能在傾角為30的足夠長的斜面上以a2.5m/s2的加速度勻加速下滑若用平行于斜面向上的恒力F作用于滑塊，使之由靜止開始在t2s內沿斜面向上做勻加速運動，其位移x5mg取10m/s2.求：(1)滑塊和斜面之間的動摩擦因數；(2)恒力F大小15、（13分）在“探究力的平行四邊形定則”的實驗中，如圖甲所示，用圖釘把橡皮條的一端固定在板上的A點，在橡皮條的另一端拴上兩條細繩，細繩另一端系著繩套B、C(用來連接彈簧測力計）其中A為固定橡皮筋的圖釘O為橡皮筋

8、與細繩的結點，OB和OC為細繩(1)本實驗采用的科學方法是_A理想實驗法B等效替代法C建立物理模型法(2)圖乙是在白紙上根據實驗結果畫出的圖，那么圖乙中的F與F的兩個力中，一定沿AO方向的是_參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解析】標量是只有大小沒有方向的物理量，矢量是既有大小又有方向的物理量標量也可以有負值位移是矢量，路程是標量，兩者不是一回事位移的大小是指位移的絕對值【詳解】標量和矢量都既可以取正值，也可以取負值比如溫度有-20

9、C，故A錯誤；溫度計讀數有正有負，但溫度只有大小沒有方向，所以溫度是標量，故B錯誤；當物體作單向直線運動時，路程等于位移大小，但位移是矢量，而路程是標量，它們的物理意義也不同，矢量與標量不同，故C錯誤；位移-10m的大小為10m，可知位移-10m比5m大，故D正確所以D正確，ABC錯誤【點睛】矢量與標量有兩大區別：一是矢量有方向，標量沒有方向；二是運算法則不同，矢量運算遵守平行四邊形定則，標量運算遵守代數加減法則2、C【解析】小球自由落下，接觸彈簧時有豎直向下的速度，接觸彈簧后，彈簧被壓縮，彈簧的彈力隨著壓縮的長度的增大而增大以小球為研究對象，開始階段，彈力小于重力，合力豎直向下，與速度方向相

10、同，小球做加速運動，合力減小；當彈力大于重力后，合力豎直向上，小球做減速運動，合力增大【詳解】小球自由落下，接觸彈簧時有豎直向下的速度以小球為研究對象，分析小球的受力情況和運動情況：開始階段，彈力小于重力，合力豎直向下，與速度方向相同，小球做加速運動，合力變小；當彈力大于重力后，合力豎直向上，小球做減速運動，合力變大當彈力等于重力時，合力為零，速度最大故選C【點睛】含有彈簧的問題，是高考的熱點關鍵在于分析小球的受力情況，來確定小球的運動情況，抓住彈力是變化的這一特點不能簡單認為小球一接觸彈簧就做減速運動3、A【解析】亞里士多德認為有力作用在物體上，物體才能運動；沒有力的作用，物體就靜止，該觀點

11、是以生活經驗得出的，是錯誤的根據伽利略的理想實驗得出力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態的原因，故A認識錯誤；伽利略認為如果完全排除空氣的阻力，所有的物體將下落得同樣快，故B認識正確；伽利略認為，若沒有摩擦，在水平面上運動的物體將保持其速度繼續運動下去，故C認識正確；牛頓認為力不是維持物體運動的原因，而是改變物體運動狀態的原因，故D認識正確所以選A4、C【解析】根據圖像和橫軸的交點判斷甲質點和乙質點誰先出發多少時間，再由速度圖像的“面積”大小等于位移，求出3秒末兩物體的位移，此時兩者相遇，則出發前甲乙相距的距離等于3秒末位移之差。【詳解】A由圖可知，乙是在0時刻出發，甲在1秒時刻出發

12、，則甲質點比乙質點晚出發1秒，故A錯；BCD3s末甲質點通過的位移為：3s末乙質點通過的位移為：3s末兩質點在途中相遇，則：說明出發前甲質點在乙指點之前4m處，故BD錯誤C正確。故選C。【點睛】本題考查速對度圖像的理解。5、A【解析】根據三角形定則，當另一分力與F1垂直時，另一分力最小另一個分力F2的最小值為： ，故A項正確6、BC【解析】車和球一起運動，它們有共同的加速度，對小球受力分析，可以求得小球的加速度的方向，即為小車的加速度的方向，從而可以判斷小車可能的運動情況。【詳解】對小車及小球整體分析可知，整體沿水平方向運動，則加速度沿水平方向，即合力沿水平方向；對小球受力分析可知其合力水平向

13、右，則加速度也水平向右，所以小車可能是向右加速運動，也可能是向左減速運動，故選項BC正確，選項AD錯誤。故選BC。【點睛】對于多個物體的受力分析通常采用的方法就是整體法和隔離法，通過隔離法求得加速度，再利用整體法判斷整體的運動情況。7、BD【解析】速度圖象的斜率等于物體的加速度大小根據斜率的正負分析加速度的正負圖線與兩個坐標軸所圍“面積”等于位移【詳解】0-2s內的加速度大小為：，故A錯誤；0-25 內的位移為：，故B正確；速度的正負表示方向，故第 1s 末與第 4.5s 末的速度方向相同，故C錯誤；斜率的正負表示a的方向，由圖可知，第 1s 末與第 4.5s 末加速度方向相反故D正確故選BD

14、8、AD【解析】A.1N，3N，5N三個力中1N與3N的合力范圍為2N4N，不可以與5N的力平衡，合力不可以為零，所以一定產生加速度。故A正確；B.4N，4N，6N三個力中4N與4N的合力范圍為0N8N，6N在這個范圍內，三個力可以平衡，合力可以等于零，所以不一定產生加速度。故B錯誤；C.3N，4N，5N三個力中3N與4N合力范圍為1N7N，5N在這個范圍內，三個力可能 平衡，合力可以等于零，所以不一定產生加速度。故C錯誤；D.4N，6N，11N三個力中4N與6N的合力范圍為2N10N，11N不在這個范圍內，三個力不可以平衡，合力不等于零，所以一定產生加速度。故D正確。故選AD。9、AC【解析

15、】若傳送帶逆時針運動，物體受摩擦力水平向左，物體會一直做勻減速直線運動，若傳送帶順時針運動，物體是減速還是加速，要比較物體與傳送帶的速度大小，分情況進行討論即可；【詳解】A、當傳送帶不動時，小物塊在滑動摩擦力作用下在傳送帶上做勻減速運動，當傳送帶逆時針方向運行且保持速率不變，物體滑上傳送帶時仍在滑動摩擦力作用下做勻減速運動，加速度不變，位移不變，運動情況完全相同，所以物體也能滑過B點，且用時為，故A正確，B錯誤；C、傳送帶以恒定速率v沿順時針方向運行，當，小物塊在傳送帶上做勻速直線運動滑過B點，所以所用時間，故C正確；D、傳送帶以恒定速率v沿順時針方向運行，當，小物塊在傳送帶上可能一直做勻加速

16、運動，也有可能先做勻加速后做勻速運動，所以，故D錯誤【點睛】解決本題的關鍵會根據物塊的受力判斷物塊的運動規律，當傳送帶順時針旋轉時，當物塊的速度大于傳送帶的速度，物塊可能先減速后勻速，當物塊的速度小于傳送帶的速度，物塊可能先加速后勻速10、AB【解析】開始時的人對傳感器的壓力等于其重力；失重狀態：當物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時，就說物體處于失重狀態，此時有向下的加速度；超重狀態：當物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時，就說物體處于超重狀態，此時有向上的加速度人下蹲過程分別有失重和超重兩個過程，先是加速下降失重，到達一個最大速度后再減速下降超重，起立也是如此【詳解】A項：開始時人處于

17、平衡狀態，人對傳感器的壓力是500N，根據力的平衡可知，人的重力也是500N，故A正確；B項：由圖乙可知，a-b時間內人對傳感器的壓力減小且小于人的重力，即處于失重狀態，所以人加速下降，故B正確；C項：e點時人對傳感器的壓力大于其重力，處于超重狀態，不可能減速上升，故C錯誤；D項：人在d點：，人在f點：，可知d點的加速度大于f點的加速度，故D錯誤故選AB【點睛】本題考查物理知識與生活的聯系，注意細致分析物理過程，仔細觀察速度的變化情況，與超失重的概念聯系起來加以識別二、實驗題11、DE【解析】A驗證互成角度的兩個共點力的合成規律，兩個力的夾角適當大有利于減小偶然誤差，角度為60120最合適，A

18、錯誤；B驗證互成角度的兩個共點力的合成規律，兩個力的大小適當大保證在彈簧秤的限度之內有利于減小偶然誤差，B錯誤；C驗證互成角度的兩個共點力的合成規律是普遍適用的，是用作圖法驗證任意角度都滿足，而不是90計算出合力，C錯誤；D兩個彈簧秤與橡皮條跟鋪白紙的木板平行，才能使結點O只受三個力而平衡，從而保證效果相同，否則出現接觸而多了摩擦力很難保證等效替代法；D正確；E兩個彈簧秤對拉時需要“三記錄”，O點的位置，兩個分力的大小，兩個分力的方向，E正確。故選DE。12、【解析】物體A受力如圖：三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、 (1)；(2)【解析】(1)(2)對點受力分析如圖根據平衡條件可得解得14、 (1) (2)20N【解析】(1)對滑塊受力分析，根據牛頓第二定律，有：mgsin 30mgcos 30ma解得： (2)滑塊沿斜面做勻加速直線運動時，加速度向上根據題意，由運動學公式，有xa1t2，可得a12.5m/s2當加速度沿斜面向上時，有：Fmgsin 30Ffma1Ffmgcos 30聯立解得：F20N15、 .B .【解析】（1）本實驗中采用了兩個力合力與一個力效果相同來驗證的平行四邊形定則，因