1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、一個做勻速圓周運動的質點在時間t內速度方向改變的角度為 ，已知圓周運動半徑為,下列關系正確的是（ ）A.B.C.D.2、關于牛頓運動定律，正確理解的是 （ ）A.作用力和反作用力大小相等

2、，方向相反，合力為零B.力是使物體產生加速度的原因，先有力的作用，然后才產生加速度C.質量越大的物體慣性也越大D.物體只有受到力的作用才會運動3、如圖所示，在傾斜的滑桿上套一個質量為m的圓環，圓環通過輕繩拉著一個質量為M的物體，在圓環沿滑桿向下滑動的過程中，懸掛物體的輕繩始終處于豎直方向，則（）A.環只受三個力作用B.輕繩對物體的拉力小于物體的重力C.物體做勻加速運動D.環一定受四個力作用4、下列物理量中，既有大小又有方向的是A.質量B.時間C.路程D.加速度5、一質量為m的小球，用輕繩懸掛于O點。小球在水平力F的作用下從最低點P點緩慢地移到Q點，如圖所示，則此過程中力F和繩子拉力T的變化判斷

3、正確的是（）A.F變小，T變小B.F變小，T變大C.F變大，T變小D.F變大，T變大6、滑滑梯是小孩子很喜歡的娛樂活動。如右圖所示，一個小孩正在滑梯上勻速下滑，則（）A.小孩所受的重力與小孩所受的彈力大小相等B.小孩所受的重力與小孩所受的摩擦力大小相等C.小孩所受的彈力和摩擦力的合力與小孩所受的重力大小相等D.小孩所受的重力和彈力的合力大于小孩所受的摩擦力大小7、如圖所示，水平作用力F將一個物體壓緊在豎直墻上靜止不動，下列說法正確的是（）A.作用力F跟墻面對物體的支持力是一對平衡力B.物體對墻面的壓力跟墻面對物體的支持力是一對作用力與反作用力C.物體所受的重力與墻面對物體的摩擦力是一對平衡力D

4、.物體對墻面的摩擦力與物體受到的重力是一對作用力與反作用力8、野外求生時必須具備一些基本常識，才能在享受野外探險刺激的同時，保證最基本的安全。如圖所示，為一野外求生人員進入河中島的情境。已知河寬80m，水流速度為3m/s，人在靜水中游泳的速度為5m/s，P為河正中央的小島，O為河邊一位置，OP垂直河岸，人要從河邊某處游到小島P處，則該人員運動的（）A.最短位移為40mB.最短位移為50mC.最短時間為10s，應從O點左側30m處開始游動D.最短時間為8s，應從O點左側24m處開始游動9、如圖所示，用兩根繩子OA、OB懸掛重為G的物體，開始時繩OA水平，現將OA繩順時針緩慢轉過900，且物體始終

5、保持靜止，繩OA的拉力為T1，繩OB的拉力為T2，則在此旋轉過程中()A.T1先增大后減小B.T1先減小后增大C.T2逐漸減小D.T2逐漸增大10、如圖甲所示，傾角為的足夠長的傳送帶以恒定的速率v0沿逆時針方向運行。t0時，將質量m1kg的物體（可視為質點）輕放在傳送帶上，物體相對地面的vt圖像如圖乙所示。設沿傳送帶向下為正方向，取重力加速度g10m/s2。則（ ）A.傳送帶的速率v010m/sB.傳送帶的傾角30C.物體與傳送帶之間的動摩擦因數0.5D.02.0s內物體在傳送帶上留下的痕跡為6m11、快遞分揀常常利用傳送帶運送貨物現在分揀員把一質量為2kg的貨物輕放在水平傳送帶左端，傳送帶以

6、恒定的速度v0=2m/s向右運行，傳送帶左右兩端距離為4m，貨物與傳送帶之間動摩擦因數為0.5，g取10m/s2，貨物可作質點處理，則貨物到達右端的時間t和速度v分別是（）A.t=2.2sB.t=1.6sC.v=2m/sD.v=8m/s12、如圖所示，當小車水平向右加速運動時，物塊M相對靜止于車廂后豎直壁上當小車的加速度增大時，（ ）A.M所受的靜摩擦力增大B.M對車廂的作用力增大C.M仍相對車廂靜止D.M受到的合外力為零二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）某學生做“探究彈力和彈簧伸長的關系”的實驗。實驗時把彈簧豎直懸掛起來，在下端掛鉤碼，每增加一只鉤碼均記下對應的彈簧

7、伸長的長度x，數據記錄如下表。鉤碼個數01234567彈力F/N01.02.03.04.05.06.07.0彈簧伸長的長度x/cm02.003.986.027.979.9511.8013.50(1)根據表中數據在圖甲中作出Fx圖線；（ ）(2)根據Fx圖線可以求得彈簧的勁度系數為_N/m；(3)一位同學做此實驗時得到如圖乙所示的Fx圖線，說明此同學可能出現了哪種錯誤？_。14、（10分）某實驗小組用如圖所示裝置“探究加速度與物體受力的關系”，已知重力加速度為g，打點計時器所接的交流電的頻率為50Hz，滑輪足夠光滑，力傳感器可測出輕繩中的拉力大小。實驗步驟如下：按圖所示，安裝好實驗器材，但不掛砝

8、碼盤；墊高長木板右側，輕推小車后，使小車能沿長木板向下勻速運動；掛上砝碼盤，調節木板左側定滑輪，使牽引動滑輪的細線與木板平行；砝碼盤中放入砝碼，先通電，再放車，由打出的紙帶求出小車的加速度并記錄傳感器示數；改變砝碼盤中砝碼的質量，重復步驟，求得小車在不同合力作用下的加速度。根據以上實驗過程，回答以下問題：（1）對于上述實驗，下列說法正確的是_。 A必須要測出砝碼和砝碼盤的總質量B傳感器的示數等于小車受到的合力C小車向左加速時，砝碼處于失重狀態D砝碼和砝碼盤的總質量應遠小于小車的質量（2）如圖（甲）是在實驗中得到的一條紙帶，相鄰計數點間還有四個計時點沒有畫出，如圖（乙）是以傳感器的示數F為橫坐標

9、，加速度a為縱坐標，畫出的aF圖象。小車的加速度大小為_m/s2；打下計數點2時，小車的速度大小為_m/s（結果保留兩位有效數字）。若實驗過程中，交流電的實際頻率比50Hz稍大一些，則中計算所得的小車加速度應比小車的實際加速度_（選填“大”或“小”）。分析（乙）圖時，該小組用量角器測得圖線與橫坐標的夾角為，通過計算式求得圖線的斜率為k，則小車的質量為_A B C D （3）本實驗中，隨著砝碼質量的增加，測得的小車加速度也會增加，當砝碼和砝碼盤的質量遠大于小車的質量時，小車的加速度大小約為_。A2g B1.5g Cg D0.5g三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12

10、分）如圖所示，某幼兒園要做一個滑梯，底邊長度為6m。滑梯斜面與兒童褲料之間的動摩擦因數為0.4。設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，為使小孩能從滑梯斜面上滑下，滑梯至少要多高?16、（12分）如圖所示，光滑水平面上放有光滑直角斜面體，傾角=30，質量M=2.5kg平行于斜面的輕質彈簧上端固定，下端與質量m=1.5kg的鐵球相連，靜止時彈簧的伸長量l0=2cm.重力加速度g取10m/s2現用向左的水平力F拉著斜面體向左運動，鐵球與斜面體保持相對靜止，當鐵球對斜面體的壓力為0時，求：(1)水平力F的大小；(2)彈簧的伸長量l。17、（12分）如圖甲所示，一根輕質且伸長量不計的細長繩兩端系在豎直墻上A、D

11、兩點，繩上 B點下端掛兩個各為G=10N 的重物，AB、BD繩和墻的夾角 30， 60 ，(1)求圖甲中AB、BD兩段繩中的拉力T1 、T2 各是多大；(2)如把圖甲改成圖乙，B、C兩點處各懸掛G=10N 的重物，AB、CD繩和墻的夾角仍是 30， 60 ， 求 BC繩中的拉力T3 多大；BC繩與豎直方向的夾角是多大。參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】線速度等于做圓周運動的物體單位時間內走過的弧長；角速度等于做圓周運動的物體單位時間內轉過的角度；【詳解】由題意可知，角速度，線速度，周期，向心加速度故本題選B【點睛】本題考

12、查學生對描述圓周運動基本物理量的掌握情況，難度不大2、C【解析】A.兩個物體之間的作用力和反作用力總是大小相等，方向相反，作用在兩個物體上，不能合成，故A錯誤；B.力是使物體產生加速度的原因，具有瞬時性，有力就產生加速度故B錯誤；C.質量越大的物體慣性也越大，故C正確；D.如果物體不受力或受平衡力作用，物體保持靜止或勻速直線運動狀態，故D錯誤3、D【解析】AD對環進行受力分析可知，環受到重力、輕繩對它拉力、滑桿對它的支持力和摩擦力共四個力作用，A錯誤，D正確；BC物體受到重力和輕繩的拉力，因為懸掛物體的輕繩始終處于豎直方向，故二力平衡，物體做勻速運動，BC錯誤。故選D。4、D【解析】ABC.質

13、量、時間、路程都是只有大小沒有方向的標量，故ABC三項錯誤；D.加速度是既有大小又有方向的矢量，故D項正確。5、D【解析】對物體受力分析并合成如圖：因為物體始終處于平衡狀態，故始終等于，大小和方向均不發生變化。在物體緩慢偏離豎直位置的過程中細線與豎直方向的夾角逐漸變大，畫出平行四邊形如圖所示，可以看出：力逐漸變大，繩子的拉力也逐漸變大，故D正確，ABC錯誤；故選D。6、C【解析】AB小孩在滑梯上受力如圖所示，設滑梯斜面傾角為，則：所以AB錯誤；CD小孩在重力、彈力和摩擦力三個力作用下處于平衡狀態，其中任意兩個力的合力一定與第三個力大小相等，故C正確。故選C。分卷II7、ABC【解析】AC.對物

14、體受力分析，物體受重力、作用力F、墻面對物體的支持力、墻面對物體的摩擦力，物體處于平衡狀態，則作用力F跟墻面對物體的支持力是一對平衡力，物體所受的重力與墻面對物體的摩擦力是一對平衡力，故AC兩項正確；B.據作用力與反作用力的概念知，物體對墻面的壓力跟墻面對物體的支持力是一對作用力與反作用力，故B項正確；D.物體受到的重力豎直向下，物體對墻面的摩擦力豎直向下，則物體對墻面的摩擦力與物體受到的重力不是一對作用力與反作用力，故D項錯誤。8、AD【解析】AB由題意可知，人在靜水中的速度大于水流速度，則人可以垂直河岸沿OP運動到P點，即最短位移為40m，故A正確，B錯誤；CD當人在靜水中的速度方向垂直河

15、岸時，所用時間最短即為應從O點左側處開始游動，故C錯誤，D正確。故選AD。9、BC【解析】對點O受力分析，如圖通過作圖，可以看出繩OA的張力T1先變小后變大，T2逐漸減小；AT1先增大后減小，與結論不相符，選項A錯誤；BT1先減小后增大，與結論相符，選項B正確；CT2逐漸減小，與結論相符，選項C正確；DT2逐漸增大，與結論不相符，選項D錯誤；故選BC。10、AC【解析】A由圖知，物體先做初速度為零的勻加速直線運動，速度達到傳送帶速度后（在t1.0s時刻），由于重力沿斜面向下的分力大于摩擦力，物塊繼續向下做勻加速直線運動，從圖像可知傳送帶的速度為v010m/s，故A正確；BC在01.0s內，物體

16、摩擦力方向沿斜面向下，勻加速運動的加速度為：由圖可得：在1.02.0s，物體的加速度為：由圖可得：聯立解得：，故B錯誤，C正確；D根據“面積”表示位移，可知01.0s物體相對于地的位移：傳送帶的位移為：x2v0t1101m10m物體對傳送帶的位移大小為：方向向上。1.02.0s物體相對于地的位移：傳送帶的位移為：x4v0t1101m10m物體對傳送帶的位移大小為：方向向下，故留下的痕跡為5m，故D錯誤。故選：AC。11、AC【解析】該體是牛頓第二定律應用的傳送帶模型，根據該題型的分析解答方法，運用牛頓第二定律和運動規律求解即可【詳解】對放上傳送帶的貨物受力分析，應用牛頓第二定律可得：，解得：貨

17、物開始運動時的加速度；由速度位移公式可得：，解得：貨物加速到與皮帶速度相等時滑過的距離，所以貨物在傳送帶上先加速后勻速貨物到達右端的速度；貨物到達右端的時間故AC兩項正確，BD兩項錯誤12、BC【解析】小車向右做勻加速直線運動，物體M相對小車靜止，加速度與車的加速度相同，分析物塊的受力情況根據牛頓第二定律研究摩擦力、彈力【詳解】以物塊為研究對象，受力如圖所示：對物塊，由牛頓第二定律得：N=Ma，a增大，N增大，由牛頓第三定律可知，M對車廂的壓力：N=N增大；M對車廂壁的壓力增大，物塊受到的最大靜摩擦力增大，物塊不可能沿壁下滑，M仍相對于車廂靜止，在豎直方向，M所受合外力為零，由平衡條件得：f=

18、Mg，M所受的靜摩擦力不變；M受到的合外力不為零；豎直方向的力不變，水平方向的增大，所以車廂對M的力增大，故AD錯誤，BC正確；故選BC【點睛】本題運用正交分解研究物體在水平方向運動的問題，要正確分析受力情況，作出力圖是基礎，注意明確物體靜止在豎直面上時，重力與摩擦力平衡二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 . .50 .超出了彈簧的彈性限度【解析】(1)1根據描點法可得出對應的圖象，如圖所示(2)2根據胡克定律可知，圖象的斜率表示勁度系數，則可知：(3)3圖可知，當力達到某一值時，圖象發生了彎曲，說明此時已超出了彈簧的彈性限度。14、 .C .2.0 .0.41 .小 .C

19、.D【解析】（1）1AD小車受到的拉力，可以直接由力傳感器測出，所以不需要滿足砝碼和砝碼盤的總質量遠小于小車的質量，故不需要測出砝碼和砝碼盤的總質量，故AD錯誤； B對小車受力分析，可知小車受到的合力等于力傳感器示數的兩倍，故B錯誤； C小車向左加速，則砝碼和砝碼盤向下加速，即重力大于輕繩的拉力，故砝碼等于失重狀態，故C正確。故選C（2）2由于兩計數點間還有四個點沒有畫出，故相鄰計數點的時間間隔為T=0.1s，根據：代入數據得：m/s23 依據中時刻的瞬時速度等于這段時間內的平均速度，則打計數點“2”時小車的速度大小為：0.41m/s4若交流電的實際頻率大于50Hz，打點計時器打點的時間間隔小于0.02s，計數點間的時間間隔小于0.1s，計算加速度時所用時間t偏大，加速度的測量值小于真實值，即計算結果與實際值相比偏小；5對a-F圖來說，圖象的斜率表示小車質量的倒數，對小車根據牛頓第二定律有：變形得：由題知該圖象的斜率為k，則有：解得：故C正確，ABD錯誤。故選C。（3）6設小車的加速度為a，則砝