1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、如圖所示，細繩豎直拉緊，小球和光滑斜面接觸，并處于靜止狀態，關于小球受力情況的說法中，正確的是（ ）A.小球受到重力和

2、繩的拉力B.小球受到重力，繩的拉力和斜面的彈力C.小球受到重力和斜面的彈力D.小球只受重力的作用2、關于作用力與反作用力，下列說法正確的是A.馬拉車加速行駛，馬拉車的力大于車拉馬的力B.從井里將水桶提上來，繩子對桶的拉力大于桶對繩子的拉力C.作用力與反作用力等大反向，作用在兩個物體上，力不能疊加D.作用力與反作用力等大反向合力為零3、一輛汽車以v020m/s的速度前進，突然發現前面有石塊，便以大小為10m/s2的加速度剎車，剛好沒有發生交通事故，則剎車后3s內的位移為（）A.20mB.15mC.30mD.45m4、判斷下列圖像屬于勻加速直線運動的是（ ）A.B.C.D.5、如圖所示，猴子抓住樹

3、枝懸掛在空中靜止,如圖所示，下列說法正確的（）A.樹枝對猴子的拉力與猴子所受的重力是一對平衡力B.樹枝對猴子的拉力與猴子對樹枝的拉力是一對平衡力C.樹枝對猴子的拉力與猴子所受的重力是一對作用力和反作用力D.猴子對樹枝的拉力與猴子所受的重力是一對作用力和反作用力6、行車過程中，如果車距不夠，剎車不及時，汽車將發生碰撞，車里的人可能受到傷害，為了盡可能地減輕碰撞引起的傷害，人們設計了安全帶.假定乘客質量為70 kg，汽車車速為108 km/h，從踩下剎車到完全停止需要的時間為5 s，安全帶對乘客的作用力大小約為(不計人與座椅間的摩擦) （ ）A.450 NB.420 NC.400 ND.350 N

4、7、下列說法正確是（）A.曲線運動一定是變速運動B.平拋運動一定是勻變速運動C.勻速圓周運動是速度不變的運動D.只要兩個分運動是直線運動，合運動一定也是直線運動8、如圖所示，質量分別為M和m的物體A、B用不可伸長的輕質細線連接，懸掛在定滑輪上，定滑輪固定在天花板上，已知Mm，滑輪質量及摩擦均不計A、B由靜止釋放后，在空中自由運動的過程中，下列說法正確的是（）A.細線上的拉力一定大于mgB.細線上的拉力一定小于MgC.細線上的拉力等于gD.天花板對定滑輪的拉力等于(M+m)g9、物理定律的應用需要一定的條件，下列物體在運動過程中(忽略空氣阻力)，可以應用機械能守恒定律的是A.被起重機拉著向上做勻

5、速運動的貨物B.沿光滑斜面向下加速運動的木塊C.一個斜向上拋當后在空中運動的鐵球D.在空中向上做減速運動的氫氣球10、2010年11月25日，廣州亞運會男子跳水決賽中3米板項目中，中國選手何沖和羅玉通分別獲得金牌和銀牌如圖所示是何沖從跳板上起跳的瞬間，下列說法中正確的是（）A.他對跳板壓力大于他受到的重力B.跳板對他的支持力等于他對跳板的壓力C.跳板他對的支持力大于他對跳板的壓力D.他對跳板的壓力等于他受到的重力11、為保障市民安全出行，有關部門規定：對乘坐軌道交通的乘客所攜帶的物品實施安全檢查如圖甲所示為乘客在進入地鐵站乘車前，將攜帶的物品放到水平傳送帶上通過檢測儀接受檢查時的情景如圖乙所示

6、為水平傳送帶裝置示意圖緊繃的傳送帶ab始終以lms的恒定速率運行，乘客將一質量為4kg的行李無初速度地放在傳送帶左端的a點，設行李與傳送帶之間的動摩擦因素=0.1，a、b間的距離為2m，g取10ms2下列速度-時間（v-t）圖象和位移-時間（x-t）圖像中，可能正確反映行李在a、b之間的運動情況的有（）A.B.C.D.12、如圖，直線a和曲線b分別是在平直公路上行駛的汽車a和b的位置一時間（x一t）圖線，由圖可知A.在時刻t1，a車追上b車B.時刻t2，a、b兩車運動方向相反C.在t1到t2這段時間內，b車的速率先減少后增加D.在t1到t2這段時間內，b車的速率一直比a車大二、實驗題（本題共1

7、6分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）某探究學習小組欲探究物體的加速度與力、質量的關系，他們在實驗室組裝了一套如圖所示的裝置，圖中小車的質量用M表示，鉤碼的質量用m表示要順利完成該實驗，則：（1）為使小車所受合外力等于細線的拉力，應采取的措施是_；要使細線的拉力約等于鉤碼的總重力，應滿足的條件是_（2）某次打出的某一條紙帶，A、B、C、D、E、F為相鄰的6個計數點，如下圖所示，相鄰計數點間還有四個點未標出利用圖中給出的數據可求出小車的加速度a=_m/s2（結果保留兩位有效數字）（3）某位同學經過測量、計算得到如下數據，請在圖中作出小車加速度與所受合外力的關系圖象_組別1234567M/kg0

8、.580.580.580.580.580.580.58F/N0.100.150.200.250.300.350.40a/ms20130.170.260.340.430.510.59（4）由圖象可以看出，該實驗存在著較大的誤差，產生誤差的主要原因是：_14、（10分）在“驗證力的平行四邊形定則”的實驗中，某同學的實驗情況如圖所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點，OB和OC為細繩。(1)圖中與B相連的彈簧測力計的示數為_N(2)該同學用同一套器材做了三次實驗，白紙上留下標注信息有結點位置O、力的標度、分力和合力的大小及為了畫力的作用線而描繪的點，如圖所示。其中最為合理的是_(3)

9、關于本實驗，下列說法正確的是_A兩細繩必須等長B彈簧測力計、細繩、橡皮條都應與木板平行C兩次拉伸橡皮條，只要使橡皮條伸長到相同長度即可D橡皮條應與兩細繩夾角的平分線在同一直線上三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示,質量為M=1kg的木板靜止在光滑水平面上,質量為m=1kg的物塊以初速度v0=2.0m/s滑上木板的左端,物塊與木板之間的動摩擦因數為在物塊滑上木板的同時,給木板施加一個水平向右的恒力F，當恒力F取某一值時,物塊在木板上相對于木板滑動的路程為給木板施加不同大小的恒力F,得到的關系如圖所示，當恒力F=0N時,物塊恰不會從木板的右端滑下將物塊視

10、為質點,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,重力加速度g取10m/s2，試求: (1)求木板長度；(2)要使物塊不從木板上滑下,恒力F的范圍；(3)圖中CD為直線,求該段的的函數關系式16、（12分）如圖所示，質量M=8kg的長木板放置于光滑的水平面上，其左端有一不計大小，質量為m=2kg的物塊，物塊與木板間的動摩擦因數為0.2，開始時物塊與木板都處于靜止狀態，現對物塊施加F=10N，方向水平向右的恒定拉力，若物塊從木板左端運動到右端經歷的時間為4秒設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力求：（g取10m/s2）（1）小物塊到達木板右端時的速度是多少？（2）此時木板的速度又是多少？（3）木板的長度L為多少？17、

11、（12分）據報道,一兒童玩耍時不慎從45m高的陽臺上無初速度掉下,在他剛掉下時恰被樓下一社區管理人員發現,該人員迅速由靜止沖向兒童下落處的正下方樓底,準備接住兒童.已知管理人員到樓底的距離為15m,為確保能穩妥安全接住兒童,管理人員將盡力節約時間,但又必須保證接住兒童時沒有水平方向的沖擊.不計空氣阻力,將兒童和管理人員都看作質點,設管理人員奔跑過程中只做勻速或勻變速運動,g取10m/s2.（1）管理人員至少用多大平均速度跑到樓底?（2）若管理人員在奔跑過程中做勻加速或勻減速運動的加速度大小相等,且最大速度不超過9m/s,求管理人員奔跑時加速度的大小需滿足什么條件?參考答案一、選擇題：（1-6題

12、為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、A【解析】因為繩子拉緊，所以小球只受到重力和繩子的拉力作用，A正確，也可以假設斜面對小球有力的作用，則小球受到重力，繩子的拉力，和垂直斜面方向向上的支持力，則三個力的合力在水平向右方向肯定有分量，故小球不會保持靜止狀態，所以假設不成立思路分析：本題考查了受力分析，注意題中的繩子的狀態，試題點評：抓住繩子的狀態是關鍵，本題易錯選B，就是因為沒有把握好繩子的狀態2、C【解析】A馬拉車加速行駛，馬拉車的力與車拉馬的力是相互作用力，大小相等，故A錯誤；B從井里將水桶提上來，繩子對桶的拉力與桶對繩子的拉力是相互作用力，大小相等，故B錯誤

13、；CD作用力與反作用力等大反向，作用在兩個物體上，合成無意義，故不能疊加，故C正確，D錯誤；故選：C3、A【解析】汽車速度減為零的時間為則剎車后3s內的位移等于2s內的位移，為故A正確，BCD錯誤。故選A。4、C【解析】A、由圖象可知，速度隨時間均勻減小，是勻減速直線運動，故A錯誤；B、由圖象可知，速度隨時間增大，由于斜率不斷增大，所以物體做加速度增大的變加速直線運動，故B錯誤；C、速度隨時間均勻增大，是勻加速直線運動，故C正確；D、速度圖線平行于t軸，說明速度不隨時間變化，說明物體做勻速直線運動，故D錯誤點睛：根據速度圖象直接讀出速度的變化情況，根據圖線的斜率分析加速度如何變化，確定物體的運

14、動情況，即可進行選擇5、A【解析】ACD.由題可知，猴子抓住樹枝懸掛在空中靜止，其受到重力和拉力作用，二者合力為零，即樹枝對猴子的拉力與猴子所受的重力是一對平衡力，故A正確，CD錯誤；B.樹枝對猴子的拉力與猴子對樹枝的拉力是作用在兩個物體上，根據牛頓第三定律可知，二者為相互作用力，即是一對作用力和反作用力，故B錯誤；故選A。6、B【解析】汽車的速度v0=108km/h=30m/s，把汽車減速階段的運動近似看成勻減速直線運動，加速度大小為a，則，對乘客由牛頓第二定律得F=ma=706N=420N。A綜上分析F=420N，A錯誤；B綜上分析F=420N，B正確；C綜上分析F=420N，C錯誤；D綜

15、上分析F=420N，D錯誤；故選B。7、AB【解析】A.曲線運動物體的速度方向一定變化，則曲線運動一定是變速運動，故A項符合題意.B.平拋運動的加速度是恒定的g，故一定是勻變速運動，故B項符合題意.C.勻速圓周運動是速度大小不變，速度方向時刻變化的運動，則是變速運動，故C項不合題意.D.兩個分運動是直線運動，合運動不一定是直線運動，例如平拋運動，故D項不合題意.8、AB【解析】AB因為m的加速度方向向上，對A和B分別由根據牛頓第二定律有則細線上的拉力一定小于Mg，細線的拉力一定大于mg，故A正確，B錯誤。CD對整體分析，根據牛頓第二定律得，隔離對m分析：，解得；再對定滑輪分析，有；故CD錯誤。

16、故選AB。9、BC【解析】當物體只有重力時機械能守恒；或者直接看動能和重力勢能之和是否守恒.【詳解】被起重機拉著向上做勻速運動的貨物，動能不變，重力勢能增加，則機械能不守恒，選項A錯誤；沿光滑斜面向下加速運動的木塊，只有重力對木塊做功，機械能守恒，選項B正確；一個斜向上拋當后在空中運動的鐵球，只有重力對鐵球做功，機械能守恒，選項C正確；在空中向上做減速運動的氫氣球，由于有空氣浮力做功，則機械能不守恒，選項D錯誤；故選BC.10、AB【解析】A、因人在起跳時向上加速，故人受到的支持力應大于重力，而人受到的支持力與他對跳板的壓力為作用力與反作用力，故他對跳板的壓力大于他受到的重力，故A正確，D錯誤

17、；B、跳板對他的支持力和他對跳板壓力為作用力與反作用力，故二力大小一定相等，故B正確，C錯誤11、AC【解析】分析出行李在傳送帶上的運動規律，結合牛頓第二定律得出行李的加速度，根據速度時間公式求出勻加速運動的時間，得出行李的速度時間圖線和位移時間圖線.【詳解】行李放上傳送帶后，受到向右的摩擦力，加速度為：，行李做勻加速直線運動，速度達到傳送帶速度經歷的時間為，而勻加速的位移，故此后的做勻速直線運動，時間；A、B、先勻加直再勻直的速度時間圖象為傾斜直線加平行于t軸的直線，故A正確，B錯誤.C、D、先勻加直再勻直的位移時間圖象為拋物線加傾斜直線，故C正確，D錯誤.故選AC.【點睛】解決本題的關鍵理

18、清行李在傳送帶上的運動規律，通過牛頓第二定律和運動學公式綜合求解，知道加速度是聯系力學和運動學的橋梁.12、BC【解析】由xt圖象可知，在0-t1時間內，b追a，t1時刻相遇，所以A錯誤；在時刻t2，b的斜率為負，則b的速度與x方向相反，所以B正確；b圖象在最高點的斜率為零，所以速度為零，故b的速度先減小為零，再反向增大，所以C正確，D錯誤二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 .平衡摩擦力 .Mm .0.50（0.480.52均可） . .木板傾角偏小(或“平衡摩擦力不足”或“未完全平衡摩擦力”)【解析】為使小車所受合外力等于細線的拉力，所以必需有小車的重力沿軌道的分力等于軌道

19、對小車的摩擦力，所以做實驗時必需平衡摩擦力以鉤碼作為研究對象有mg-FT=ma以小車作為研究對象有FT=Ma 聯立以上兩式可得要繩子的拉力等于鉤碼的重力，即，則有Mm；相鄰計數點間還有四個點未標出，則計數點間的時間間隔T0.1s，由得：由圖像知：在F不為零時，加速度為零，則可知木板傾角偏小(或“平衡摩擦力不足”或“未完全平衡摩擦力”)14、 (1).3.00 (2).B (3).B【解析】(1)1彈簧測力計的每一格代表0.1N，圖中與B相連的彈簧測力計的示數為3.00N(2)2為減小實驗誤差，兩拉力大小應適當大些，兩拉力的夾角應適當大小，作力的圖示時，標度應小一點，由圖示可知，A中兩拉力大小且

20、標度相對較大，C中兩拉力夾角太小，AC兩情況實驗誤差較大，B兩拉力大小、兩力間的夾角與標度都比較適當，實驗誤差較小故選B。(3)3A為方便作出拉力的方向，橡皮條上的細繩套應適當長些，但長度不必等長，故A錯誤；B為減小實驗誤差，彈簧測力計、細繩、橡皮條都應與木板平行，故B正確；C兩次實驗時結點位置必須相同，即結點O的位置必與前一次相同，故C錯誤；D為減小實驗誤差，兩拉力的夾角應適當大小，因為兩分力不一定大小相等，所以橡皮條與兩細繩夾角的平分線不一定在同一直線上，故D錯誤。故選：B。三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（1）0.5m（2）F4N；（3）【解析】（1）當恒力

21、F=0N時，物塊恰不會從木板的右端滑下，根據動能定理牛頓第二定律求解物塊和木板的加速度，當兩物體共速時，物塊相對木板的位移恰為木板的長度；（2）當F=0時，物塊恰能滑到木板右端，當F增大時，物塊減速、木板加速，兩者在木板上某一位置具有共同速度；當兩者共速后能保持相對靜止（靜摩擦力作用）一起以相同加速度a做勻加速運動，根據牛頓第二定律求解F的最大值；（2）當0FFm時，隨著F力增大，S減小，當F=Fm時，出現S突變，說明此時物塊、木板在達到共同速度后，恰好再次發生相對運動，物塊將會從木板左端掉下對二者恰好發生相對運動時，由牛頓第二定律列式結合運動公式即可求解【詳解】（1）當恒力F=0N時，物塊恰

22、不會從木板的右端滑下，則物塊的加速度 ；木板的加速度：；物塊與木板共速時v0-a1t1=a2t1解得t1=0.5s，則木板的長度：（2）當F=0時，物塊恰能滑到木板右端，當F增大時，物塊減速、木板加速，兩者在木板上某一位置具有共同速度；當兩者共速后能保持相對靜止（靜摩擦力作用）一起以相同加速度a做勻加速運動，則：，而f=ma，由于靜摩擦力存在最大值，所以：ffmax=mg=2N，聯立解得：F4N；（3）當0F4N時，最終兩物體達到共速，并最后一起相對靜止加速運動，對應著圖（b)中的AB段，當F4N時對應（b)中的CD段，當兩都速度相等后，物塊相對于木板向左滑動，木板上相對于木板滑動的路程為s=2x當兩者具有共同速度v，歷時t，則：amg2m/s2根據速度時間關系可得：v0-amt=aMt根據位移關系可得：xv0tamt2aMt2s=2x聯立 F函數關系式解得：【點睛】本題考查牛頓運動定律滑塊問題是物理模型中非常重要的模型，是學生物理