1、2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、升降機地板上放一個彈簧盤秤，盤上放一質量為m的物體，當秤的讀數為時，升降機可能做的運動是（ ）A.加速上升B.加速下降C.減速下降D.勻速下降2、如圖所示，一定質量的物體用輕繩

2、AB懸掛于天花板上，用水平向左的力F緩慢拉動繩的中點O，用T表示繩OA段拉力的大小，在O點向左移動的過程中A.F逐漸變大，T逐漸變大B.F逐漸變大，T不變C.F逐漸變小，T不變D.F逐漸變小，T逐漸變小3、2018年12月28日11時07分，第三家國產大飛機C919從浦東國際機場起飛，歷經1小時38分鐘的飛行，于12時45分平穩返回浦東國際機場，圓滿完成試飛任務下列說法錯誤的是（）A.11時07分指的是時刻B.1小時38分鐘指的是時間C.飛機飛行的路徑總長度等于飛機位移的大小D.飛機在空中某位置的運動快慢用瞬時速度表示4、一輪船以船頭指向始終垂直于河岸方向以一定的速度向對岸行駛，水勻速流動，則

3、關于輪船通過的路程、渡河經歷的時間與水流速度的關系，下述說法正確的是（ ）A.水流速度越大，路程越長，時間越長B.水流速度越大，路程越短，時間越短C.路程和時間都與水速無關D.渡河時間與水流速度無關5、關于兩個大小不變的共點力與其合力的關系，下列說法正確的是（ ）A.兩個分力的夾角小于180時,合力的大小隨兩力夾角增大而增大B.兩個分力的夾角小于180時，合力的大小隨兩力夾角的減小而增大C.合力的大小一定大于分力中最大者D.合力大小不能小于分力中最小者6、下列關于“慣性”的說法中正確的是（ ）A.汽車超速行駛易引發交通事故，是因為速度大的汽車慣性大B.車輛轉彎時適當減速，是為了減小車輛慣性，確

4、保行駛安全C.貨運列車在車站加掛車廂，會增大它的慣性D.“強弩之末，勢不能穿魯縞”，是因為弩的慣性減小了7、下列說法正確的是（ ）A.賽車的質量不是很大，卻安裝著強勁的發動機，可以獲得很大的慣性B.高大的橋要造很長的引橋，從而減小橋面的坡度，目的是增加車輛重力垂直橋面方向的分力，保證行車方便與安全C.傳送帶靠靜摩擦力把貨物送到高處D.汽車輪胎的花紋會影響輪胎受到的摩擦力，地面與輪胎間的摩擦力越大汽車越容易啟動，剎車也越容易8、如圖所示，皮帶運輸機將物體(物體與皮帶不打滑)勻速地送往高處的過程中，下列結論正確的是（）A.物體受到與運動方向相同的摩擦力作用，為靜摩擦力B.傳送的速度越大，物體受到的

5、摩擦力越大C.不管傳送速度多大，物體受到的摩擦力始終不變D.若勻速向下傳送貨物，物體所受的摩擦力沿皮帶向下9、一名雜技演員在兩幢高10m的樓之間表演“高空走鋼絲”。當他緩慢經過鋼絲的中點時，鋼絲與水平方向的夾角為10。已知演員及橫桿的總質量為60kg，鋼絲重量不計。重力加速度為10m/s2，sin100.17，下列說法正確的有（）A.演員經過鋼絲中點時，鋼絲上的張力約為3530NB.演員經過鋼絲中點時，鋼絲上的張力約為1765NC.演員經過中點后又向右走了幾步停下來，此時鋼絲對演員的作用力方向朝左上方D.如果更換一根更長的鋼絲表演，演員經過鋼絲中點時，鋼絲繩上的張力會減小10、中國的長征系列火

6、箭是世界上先進的運載工具之一，它是利用噴射燃燒的氣體獲得動力的。若不計空氣阻力，下面關于火箭豎直發射加速升空時的敘述正確的是()A.噴出的氣體對火箭的推力與火箭對噴出氣體的推力是一對作用力與反作用力B.噴出的氣體對火箭的推力與火箭的重力是一對平衡力C.火箭加速上升時，噴出的氣體對火箭的推力大于火箭對噴出氣體的推力D.此時火箭搭載的嫦娥四號探測器處于超重狀態11、如圖甲所示，水平傳送帶始終以恒定速率v1向右運行初速度大小為v2的小物塊向左從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶。若從小物塊滑上傳送帶開始計時，小物塊在傳送帶上運動的v-t圖象（以地面為參考系）如圖乙所示。已知v2v1，正確是

7、（）A.t2時刻，小物塊離A處的距離達到最大B.t2時刻，小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大C.0t2時間內，小物塊受到的摩擦力方向始終向右D.0t3時間內，小物塊相對傳送帶的位移大小為12、如圖所示，固定在小車上的支架的斜桿與豎直桿的夾角為，在斜桿下端固定有質量為m的小球，下列關于桿對球的作用力F的判斷中，正確的是A.小車靜止時，Fmg ，方向豎直向上B.小車靜止時，Fmgcos ，方向垂直于桿向上C.小車向右以加速度a運動時，一定有FD.小車向左以加速度a運動時，F，方向斜向左上方，與豎直方向的夾角滿足tan 二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）某實驗小組用如圖所示

8、裝置“探究加速度與物體受力的關系”，已知重力加速度為g，打點計時器所接的交流電的頻率為50Hz，滑輪足夠光滑，力傳感器可測出輕繩中的拉力大小。實驗步驟如下：按圖所示，安裝好實驗器材，但不掛砝碼盤；墊高長木板右側，輕推小車后，使小車能沿長木板向下勻速運動；掛上砝碼盤，調節木板左側定滑輪，使牽引動滑輪的細線與木板平行；砝碼盤中放入砝碼，先通電，再放車，由打出的紙帶求出小車的加速度并記錄傳感器示數；改變砝碼盤中砝碼的質量，重復步驟，求得小車在不同合力作用下的加速度。根據以上實驗過程，回答以下問題：（1）對于上述實驗，下列說法正確的是_。 A必須要測出砝碼和砝碼盤的總質量B傳感器的示數等于小車受到的合

9、力C小車向左加速時，砝碼處于失重狀態D砝碼和砝碼盤的總質量應遠小于小車的質量（2）如圖（甲）是在實驗中得到的一條紙帶，相鄰計數點間還有四個計時點沒有畫出，如圖（乙）是以傳感器的示數F為橫坐標，加速度a為縱坐標，畫出的aF圖象。小車的加速度大小為_m/s2；打下計數點2時，小車的速度大小為_m/s（結果保留兩位有效數字）。若實驗過程中，交流電的實際頻率比50Hz稍大一些，則中計算所得的小車加速度應比小車的實際加速度_（選填“大”或“小”）。分析（乙）圖時，該小組用量角器測得圖線與橫坐標的夾角為，通過計算式求得圖線的斜率為k，則小車的質量為_A B C D （3）本實驗中，隨著砝碼質量的增加，測得

10、的小車加速度也會增加，當砝碼和砝碼盤的質量遠大于小車的質量時，小車的加速度大小約為_。A2g B1.5g Cg D0.5g14、（10分）在用打點計時器“探究小車的速度隨時間變化的規律”的實驗中，得到如圖所示的一條記錄小車運動情況的紙帶，圖中A、B、C、D、E為相鄰的計數點，每相鄰的兩個計數點之間還有4個點沒有畫出，計時器打點的時間間隔為0.02s（計算結果均保留3位有效數字）（1）由圖可知，打點計時器打出D點時小車的瞬時速度vD=_m/s.（2）在打點計時器打B、C兩點時，小車的速度分別為vB=1.38m/s；vC=2.64m/s，請在上圖坐標系中畫出小車的v-t圖象_（3）小車運動的加速度

11、大小為a=_m/s2，打點計時器打出A點時小車的瞬時速度vA=_m/s.（4）如果當時打點計時器所用交流電的頻率是f=49HZ，而做實驗的同學并不知道，由此引起的誤差屬于_（選填“系統”或“偶然”）誤差，這樣測得的加速度結果比實際值偏_（選填“大”或“小”）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）某智能分揀裝置如圖所示，A為包裹箱，BC為傳送帶傳送帶保持靜止，包裹P以初速度v0從C滑上傳送帶，當P滑至傳送帶底端時，該包裹經系統掃描檢測，發現不應由A收納，則被攔停在B處，且系統啟動傳送帶輪轉動，將包裹送回C處已知v0=3m/s，包裹P與傳送帶間的動摩擦因數=0.8

12、，傳送帶與水平方向夾角=37，傳送帶BC長度L=10m，重力加速度g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求：（1）包裹P沿傳送帶下滑過程中剛到達B時的速度大小；（2）若傳送帶勻速轉動速度v=2m/s，包裹P經多長時間從B處由靜止被送回到C處；（3）若傳送帶從靜止開始以加速度a加速轉動，請寫出包裹P送回C處的速度vc與a的關系式，并畫出-a圖象16、（12分）如圖所示，細線的一端固定在傾角為45的光滑楔形滑塊A的頂端P處，細線的另一端拴一質量為m的小球(重力加速度為g).(1)當滑塊至少以多大的加速度向右運動時，線對小球的拉力剛好等于零？(2)當滑塊至少以多大的加速度向左運動

13、時，小球對滑塊的壓力等于零？(3)當滑塊以a2g的加速度向左運動時，線中拉力為多大？17、（12分）圓形光滑圓槽豎直固定在一個小車上，用輕質細繩拴一個質量為m的小球，繩的一端系在與圓心O等高的A點，小球位于圓槽內，繩長剛好等于圓的半徑r。（1）小車靜止時繩的拉力的大小（2）小車緩慢向右加速，當加速度達到a=g時，圓槽對小球的支持力的大小參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】根據物體的受力情況可求得物體的合力，再由牛頓第二定律可知加速度的方向，由運動學公式可得出升降機可能的運動情況；【詳解】當秤的讀數為，物體受到的支持力豎直向

14、上為，則物體受到的合力方向豎直向下，則物體的加速度豎直向下，則升降機可能豎直向上做勻減速運動，或豎直向下做勻加速運動，故B正確，ACD錯誤【點睛】本題為牛頓第二定律的應用之超重與失重，根據題意判斷出加速度的方向，然后判斷物體的運動性質即可正確解題2、A【解析】本題關鍵是抓住懸掛物B的重力不變，即OB段繩中張力恒定，O點緩慢移動時，點O始終處于平衡狀態，根據平衡條件列式求解各力變化情況【詳解】以結點O為研究對象受力分析如下圖所示：由題意知點O緩慢移動，即在移動過程中始終處于平衡狀態，則可知，繩OB的張力為mg，保持不變；根據平衡條件可知：Tcos-mg=0，Tsin-F=0，由此兩式可得：F=

15、mgtan，由于增加，故拉力F增加，T增加；故選A【點睛】掌握共點力平衡條件是正確解決本題的關鍵，本題中注意對緩慢拉動所隱含的在拉動過程中物體始終處于平衡狀態條件的挖掘3、C【解析】在時間軸上，時間用線段表示，時刻用點表示；路程為物體實際運動的軌跡的長度，不是位移的大小；【詳解】A、11時07分在時間軸上為一點，故其指的是時刻，故選項A正確；B、1小時38分鐘在時間軸上為一段距離，故其指的是時間，故選項B正確；C、飛機飛行的路徑總長度等于飛機飛行的路程，故選項C錯誤；D、飛機在空中某位置的運動快慢用瞬時速度表示，故選項D正確【點睛】本題考查時間、時刻、以及路程、位移和瞬時速度等問題，這些知識點

16、在學習過程中要著重掌握4、D【解析】因為船垂直于河岸方向的速度不變，而水流方向是垂直于這個方向的，在這個方向上沒有分速度，所以不論水速多大時間不變；水速越大，水流方向的位移就越大【詳解】設河寬為d，船垂直于河岸的速度為v，時間與水速無關，如果水速越大，船在水中運動的路程就越大，故D正確，ABC錯誤。5、B【解析】AB當夾角時，由公式可知合力隨著減小而增大，A錯誤，B正確；CD由力的合成三角形定則知兩個力及它們的合力構成一個矢量三角形，合力可以小于任何一個分力，也可以等于任何一個分力，或大于任何一個分力，CD錯誤。故選B。6、C【解析】A慣性的大小只與質量有關，與速度無關，選項A錯誤；B車輛轉彎

17、時適當減速，是為了減小車由于慣性造成的危害，而不是減小慣性，選項B錯誤；C貨運列車在車站加掛車廂，質量變大，會增大它的慣性，選項C正確；D“強弩之末，勢不能穿魯縞”，是因為弩的速度小了，而質量沒變，慣性不變，選項D錯誤。故選C。7、CD【解析】A慣性的大小只與物體的質量有關，與力沒有關系，故A錯誤；B高大的橋要造很長的引橋，從而減小橋面的坡度，這樣可以減小車輛重力沿橋面方向的分力，保證行車方便與安全，故B錯誤；C傳送帶與物體之間存在靜摩擦力，靜摩擦力作為動力，靠靜摩擦力把貨物送到高處，故C正確；D地面與輪胎間的摩擦力越大汽車越容易啟動，而剎車也越容易，故D正確。故選CD。8、AC【解析】本題主

18、要考查摩擦力產生的條件，正確分析相對運動的方向或趨勢，從而判斷摩擦力的方向也可以利用共點力平衡來判斷摩擦力的方向.【詳解】運送過程中，物體相對于傳送帶有向下運動的趨勢，物體所受摩擦力方向向上，為靜摩擦力，故A正確；物體勻速上升由平衡條件可知摩擦力的大小等于物體所受重力沿斜面下滑的分量，與傳送速度無關，故B錯誤，C正確；無論把物體勻速運往高處還是勻速運往地面，物體在重力的作用下，都有沿皮帶向下的運動趨勢，物體都會受到沿皮帶向上的摩擦力，故D錯誤；故選AC【點睛】牢記摩擦力產生的條件：1、物體要相互接觸（故摩擦力是接觸力的一種）；2、接觸面要相互作用的彈力；3、接觸面要粗糙；4、要有相對運動或相對

19、運動趨勢再者就是要會判斷摩擦力的方向，與相對運動的方向或相對運動趨勢的方向相反或用共點力的平衡來判斷9、BD【解析】AB分析受力情況，作出受力分析圖根據平衡條件故A錯誤，B正確；C當演員走幾步停止后依然平衡，由平衡條件可知繩對人的張力的合力與重力等大反向，即方向豎直向上，大小為mg，故C錯誤；D如果換成更長的鋼絲繩，在中點平衡時的夾角變大，由可知變大，變大，繩的張力變小，故D正確。故選BD。10、AD【解析】AB.火箭尾部噴出氣體，火箭對氣體產生推力，噴出的氣體反過來對火箭產生一個反作用力，從而讓火箭獲得了向上的推力，選項A正確，B錯誤；C.火箭加速上升，是因為噴出氣體對火箭的推力大于火箭自身

20、重力的原因，選項C錯誤；D.火箭加速升空，加速度豎直向上，合力豎直向上，則該探測器處于超重狀態，選項D正確。故選AD。11、BC【解析】A在0-t1時間內小物塊向左減速，受向右的摩擦力作用，在t1-t2時間內小物塊向右加速運動，受到向右的摩擦力作用，t1時刻小物塊向左運動到速度為零，離A處的距離達到最大，A錯誤；Bt2時刻前小物塊相對傳送帶向左運動，之后相對靜止，則知小物塊相對傳送帶滑動的距離達到最大，B正確；C.0t2時間內，小物塊受到的摩擦力方向始終向右，且大小不變，C正確；D0t1時間內，傳送帶的位移為小物塊的位移為所以小物塊相對傳送帶的位移向左，大小為t1t2時間內，物塊向右加速，皮帶

21、向右勻速運動，物體相對皮帶向左，相對位移大小為兩者的位移之差由于t2-t3時間內小物塊相對傳送帶靜止，所以0t3時間內小物塊相對傳送帶的位移向左，大小為故D錯誤。故選BC。12、AD【解析】AB小球受豎直向下的重力mg與桿對小球的力F作用；當小車靜止時，小球也靜止，小球處于平衡狀態，受平衡力作用，桿的作用力F與重力是一對平衡力，由平衡條件得：F=mg，方向豎直向上。故A正確，B錯誤。C小車向右做勻加速運動時，豎直方向Fy=mg，水平方向Fx=ma，則有：方向斜向右上方，不一定沿桿向斜向上的方向，故C錯誤；D小車向左做勻加速運動時，豎直方向Fy=mg，水平方向Fx=ma，則有：方向斜向左上方，與

22、豎直方向的夾角為故D正確；故選AD。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、 .C .2.0 .0.41 .小 .C .D【解析】（1）1AD小車受到的拉力，可以直接由力傳感器測出，所以不需要滿足砝碼和砝碼盤的總質量遠小于小車的質量，故不需要測出砝碼和砝碼盤的總質量，故AD錯誤； B對小車受力分析，可知小車受到的合力等于力傳感器示數的兩倍，故B錯誤； C小車向左加速，則砝碼和砝碼盤向下加速，即重力大于輕繩的拉力，故砝碼等于失重狀態，故C正確。故選C（2）2由于兩計數點間還有四個點沒有畫出，故相鄰計數點的時間間隔為T=0.1s，根據：代入數據得：m/s23 依據中時刻的瞬時速度等于這

23、段時間內的平均速度，則打計數點“2”時小車的速度大小為：0.41m/s4若交流電的實際頻率大于50Hz，打點計時器打點的時間間隔小于0.02s，計數點間的時間間隔小于0.1s，計算加速度時所用時間t偏大，加速度的測量值小于真實值，即計算結果與實際值相比偏小；5對a-F圖來說，圖象的斜率表示小車質量的倒數，對小車根據牛頓第二定律有：變形得：由題知該圖象的斜率為k，則有：解得：故C正確，ABD錯誤。故選C。（3）6設小車的加速度為a，則砝碼和砝碼盤向下加速為2a，對小車，根據牛頓第二定律有：對砝碼和砝碼盤，根據牛頓第二定律有：聯立解得：由上可知，當砝碼和砝碼盤的質量遠大于小車的質量時，即，小車的加

24、速度大小約為：故D正確，ABC錯誤。故選D。14、 .3.90 m/s .如圖所示 .(12.412.8）m/s2 .(0.1000.140）m/s .系統 .大【解析】（1）D為CE的中間時刻，利用中間時刻的速度等于這段時間內的平均速度可求D點的速度；（2）依次把B、C、D三點的坐標描入坐標系中，作出圖線即可；（3）由圖線的斜率可得加速度和A點的速度；（4）打點的頻率變低，相鄰的計數點長間的時間變長，在計算時用的t相對較小，引起的誤差屬于系統誤差，這樣測得的加速度結果比實際值偏大【詳解】（1）打點計時器打出D點時小車的瞬時速度vD=cm/s=390cm/s=3.90m/s（2）以打A點時作為記時零點，打B點對應的坐標（0.1,1.38），打C點對應的坐標（0.2,2.64），打D點對應的坐標（0.3,3.90），依次把B、C、D三點的坐標描入坐標系中，作出圖線如下圖（3）由速度-時間圖線可求得圖線的斜率即加速度，a=m/s2=12.6m/s2(12.4m/s212.8m/s2均可）由圖線可知打點計時器打出A點時小車的瞬時速度vA=0.130m/s(0.100m/s0.140m/s均可）（4）如果當時打點計時器所用交流電的頻率是f=49HZ，而做實驗的同學并不知道，由此引起的誤差屬于系統誤差，由加速度的定義式a=可知，打點的頻率變低，打點周期變長，相鄰的計數點長間的時間變長，實