1、2023年廣東省湛江市西埇中學高一物理模擬試卷含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. （多選）關于打點計時器的使用下列說法正確的是( )A紙帶上打的點越密，說明物體運動的越快B電火花打點計時器使用的是220V交流電源C使用的電源頻率越高，打點的時間間隔就越短D在“探究勻變速直線運動的規律”的實驗中應先釋放小車，后接通打點計時器的電源。參考答案：BC2. 如圖，在水平桌面上放置一斜面體P，兩長方體物塊a和b疊放在P的斜面上，整個系統處于靜止狀態若將a和b、b與P、P與桌面之間摩擦力的大小分別用f1、f2和f3表示則（）Af1=0，f20，f30Bf

2、10，f2=0，f3=0Cf10，f20，f3=0Df10，f20，f30參考答案：C【考點】共點力平衡的條件及其應用；摩擦力的判斷與計算【分析】分別對a、ab以及abP整體進行分析，根據平衡條件可明確各研究對象是否受到摩擦力作用【解答】解：對a物體分析可知，a物體受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑動的趨勢，因此a受到b向上的摩擦力；f10；再對ab整體分析可知，ab整體受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑動的趨勢，因此b受到P向上的摩擦力；f20；對ab及P組成的整體分析，由于整體在水平方向不受外力，因此P不受地面的摩擦力；f3=0；故只有C正確，ABD錯誤；故選：C3. 用同一張底片對著

3、小球運動的路徑每隔0.1 s拍一次照，得到的照片如圖所示，則小球在圖中所示的運動過程的平均速度是 A0.25 ms B0.2 ms C0.17 ms D無法確定參考答案：C4. （單選）天文學家發現了某恒星有一顆行星在圓形軌道上繞其運動，并測出了行星的軌道半徑和運行周期。由此可推算出（ ）A行星的質量 B行星的半徑 C恒星的質量 D恒星的半徑參考答案：B5. 科考隊員乘坐橡皮艇從長江上游順流而下，下列說法正確的是（ ）A、以科考隊員為參考系，橡皮艇是運動的B、以岸邊山石為參考系，江水是靜止的C、以橡皮艇為參考系，江水是運動的D、以江水為參考系，科考隊員是靜止的參考答案：D以科考隊員為參考系，橡

4、皮艇是靜止的，A錯；以岸邊山石為參考系，江水是運動的，B錯；以橡皮艇為參考系，江水是靜止的，C錯；D對；二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 一塊放在水平地面上重40N的磚，用斜向上與水平成370的10N力拉它，磚沒有動，此時受到的靜摩擦力是 ；若拉力增加到20N，磚能在地面上作勻速直線運動，磚與地面間滑動摩擦力為_,動摩擦因數為 。參考答案：8N. 16N N 7. （填空） 如圖所示，質量為m的木塊B放在質量為M的小車A中，A、B間保持相對靜止.若小車在水平面上勻速運動，則A給B的摩擦力大小為_；若小車在水平面上以加速度a運動，則A給B的摩擦力大小為_.參考答案：0， m

5、a8. A、B兩物體各自在甲、乙兩處受到一豎直向上的外力作用后，在豎直方向上做變加速直線運動利用傳感器和計算機可以測量快速變化的力與加速度，如圖所示是用這種方法獲得的物體A、B所受的外力F與加速度a的關系圖線，則物體A、B的質量大小關系為mAmB，甲、乙兩處的重力加速度的大小關系為gAgB（均填寫“”、“”或“=”）參考答案：考點：牛頓第二定律版權所有專題：牛頓運動定律綜合專題分析：物體受重力和拉力，根據牛頓第二定律列式求解出拉力F和加速度a的表達式進行討論即可解答：解：對物體受力分析，受重力和拉力，根據牛頓第二定律，有：Fmg=ma；變形得到：F=ma+mg；斜率表示m，故mAmB；當F=0

6、時，a=g，即g為橫截距的長度，故gAgB；故答案為：，點評：本題關鍵推導出加速度與推力關系的表達式后進行分析討論，基礎題9. 把一條盤放在地上的長為l的均勻鐵鏈豎直向上剛好拉直時，它的重心位置升高了 如圖所示，把一個邊長為l的質量分布均勻的立方體，繞bc棱翻轉使對角面AbcD處于豎直位置時，重心位置升高了 參考答案：，【考點】重心【分析】對于質量分布均勻，形狀規則的物體，重心在幾何中心上【解答】解：一條盤放在地上的長為l的均勻鐵鏈重心在地面上；豎直向上剛好拉直時，重心在中點；故重心升高；邊長為l的質量分布均勻的立方體，重心在幾何中心上，故繞bc棱翻轉使對角面AbcD處于豎直位置時，重心位置升

7、高的高度等于： =；故答案為：，10. (4分)某物體以30ms的初速度豎直上拋，不計空氣阻力，取g=10ms2。則物體上升的最大高度為m，從拋出到上升到最高點過程中的平均速度為ms。參考答案：45，1511. （6分）如圖所示，質量為m的物體A，靜止在傾角為，質量為M的固定斜面B上，則斜面B對物體A的作用力大小為 ；若物體A沿著斜面B以加速度a向下勻加速運動，則下滑過程中地面對B的作用力大小為 。 參考答案：， 12. 在“研究平拋物體的運動”實驗中，某同學記錄了A、B、C三點，取A點為坐標原點，建立了如圖所示的坐標系。平拋軌跡上的這三點坐標值圖中已標出。那么小球平拋的初速度為，小球拋出點的

8、坐標為 。(取)參考答案：13. 質量為4x103kg的汽車，發動機的額度功率為P=40kw，汽車從靜止開始以a=0.5m/s2的加速度行駛，所受阻力為2x103N，則汽車勻加速行駛的最長時間是 S；汽車達到的最大速度為 m/s。參考答案：20 20三、 簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 質量為2 kg的物體在水平推力F的作用下沿水平面做直線運動，一段時間后撤去F，其運動的vt圖象如圖所示。g取10 m/s2，求：（1）物體與水平面間的動摩擦因數；（2）水平推力F的大小；（3）010 s內物體運動位移的大小。參考答案：（1）u=0.2，（2）F=6N，（3）46m試題分析：

9、（1）由題中圖象知，t6 s時撤去外力F，此后610 s內物體做勻減速直線運動直至靜止，其加速度為又因為聯立得02。（2）由題中圖象知06 s內物體做勻加速直線運動其加速度大小為由牛頓第二定律得Fmgma2聯立得，水平推力F6 N。（3）設010 s內物體的位移為x，則xx1x2（28）6 m84 m46 m。考點：牛頓第二定律【名師點睛】本題是速度-時間圖象的應用，要明確斜率的含義，知道在速度-時間圖象中圖象與坐標軸圍成的面積的含義，能根據圖象讀取有用信息，并結合勻變速直線運動基本公式及牛頓第二定律求解屬于中檔題。15. 一顆在赤道上空運行的人造衛星，其軌道半徑為r=2R(R為地球半徑)，衛

10、星的轉動方向與地球自轉方向相同.已知地球自轉的角速度為，地球表面處的重力加速度為g.求：(1)該衛星所在處的重力加速度g；(2)該衛星繞地球轉動的角速度；(3)該衛星相鄰兩次經過赤道上同一建筑物正上方的時間間隔.參考答案：（1）（2）（3）【詳解】(1)在地球表面處物體受到的重力等于萬有引力mg=，在軌道半徑為r=2R處,仍有萬有引力等于重力mg=，解得：g=g/4；(2)根據萬有引力提供向心力，mg=，聯立可得=，(3)衛星繞地球做勻速圓周運動，建筑物隨地球自轉做勻速圓周運動，當衛星轉過的角度與建筑物轉過的角度之差等于2時，衛星再次出現在建筑物上空以地面為參照物，衛星再次出現在建筑物上方時，

11、建筑物隨地球轉過的弧度比衛星轉過弧度少2.即t?0t=2解得：【點睛】（1）在地球表面處物體受到的重力等于萬有引力mg=，在軌道半徑為2R處，仍有萬有引力等于重力mg=，化簡可得在軌道半徑為2R 處的重力加速度；（2）人造地球衛星繞地球做勻速圓周運動，由地球的萬有引力提供向心力，結合黃金代換計算人造衛星繞地球轉動的角速度；（3）衛星繞地球做勻速圓周運動，建筑物隨地球自轉做勻速圓周運動，當衛星轉過的角度與建筑物轉過的角度之差等于2時，衛星再次出現在建筑物上空四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖所示，射擊槍水平放置，射擊槍與目標靶中心位于離地面足夠高的同一水平線上，槍口與目標靶之間的距

12、離s=36m，子彈射出的水平速度v0=40m/s，子彈從槍口射出的瞬間目標靶由靜止開始釋放，不計空氣阻力，取重力加速度g為10m/s2，求：（1）從子彈由槍口射出開始計時，經多長時間子彈擊中目標靶？（2）目標靶由靜止開始釋放到被子彈擊中，下落的距離h為多少？（3）子彈擊中目標靶時的速度的大小？參考答案：解：（1）子彈射出后做平拋運動，由平拋運動規律有s=v0t解得子彈由射出到擊中靶所用的時間為 t=0.9s（2）靶做自由落體運動有目標靶運動的時間與子彈擊中靶所用的時間相等，解得h=4.05m（3）由，vy=gt=9m/s v0=40m/s代入數據解得：v=41m/s 即子彈擊中靶的速度為41m/s答：（1）從子彈由槍口射出開始計時，經0.9s子彈擊中目標靶；（2）目標靶由靜止開始釋放到被子彈擊中，下落的距離h為4.05m（3）子彈擊中目標靶時的速度的大小為41m/s【考點】平拋運動【分析】子彈做的是平拋運動，根據平拋運動的規律，水平方向勻速直線運動，豎直方向自由落體運動，目標靶做自由落體運動，由水平和豎直方向的運動規律分析可以求出17. 機著陸后沿直線勻減速滑行,初速度是40m/s,加速度大小是2m/s2,求:(1)飛機著陸后10s內滑行的距離;(2)飛機著陸后25s內滑行的距離。參考答案：(1)300m,(2)400m18. 如圖甲所示，水平