1、2023學年高二上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、孤立的兩顆星球A、B構成雙星系統(tǒng)，已知A、B質量之比mA ：mB=1 ：3，那么它們的線速度之比vA ：vB為( )A1：1B3：1C1：3D9：12、下列四種情況中，三個大小相等、方向不同的力F同時作用于同一點O，其中合力最小的是（ ）

2、ABCD3、由C=可知（）A電容器的電容跟極板的電荷成正比B電容器的電容跟極板間電壓成正比C電容器的電容跟極板的電荷、板間電壓無關D電容器的電容跟充電電源有關4、如圖所示，電路中E3V，r0.5，R01.5，變阻器的最大值R10，現(xiàn)將R的阻值由零逐漸增大到10的過程中，下列說法中正確的是（）A當R2時，R上消耗的功率最大B當R1.0時，R0上消耗的功率最大C當R0.5時，電源的輸出功率最大D當R0時，電源的效率最大5、在如圖所示的并聯(lián)電路中，保持干路上的電流I不變，當增大R1的阻值時（ ）AR1和R2上的電壓減小BR1上的電流I1增大CR2上的電流I2減小DI1和I2之和不變6、了解物理規(guī)律的

3、發(fā)現(xiàn)過程，學會像科學家那樣觀察與思考往往比掌握知識更重要，下列說法不符合物理學史實的是( )A法拉第最早提出電場的概念，并提出用電場線表示電場B牛頓通過“理想斜面實驗”，推翻了亞里士多德的“力是維持物體運動的原因”C庫侖總結出了真空中靜止點電荷之間相互作用的規(guī)律D美國物理學家密立根最早用油滴實驗精確地測出了元電荷e的電荷量二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，光滑水平面上有一足夠長的木板B，木板上表面放一質量為1kg的小物塊A，在木板B右方水平面上有一豎直墻

4、面。t=0時刻，A、B以相同的速度一起向右勻速運動，經過一段時間木板B和豎直墻面發(fā)生碰撞，忽略木板和墻面碰撞的時間，整個過程它們的速度v隨時間t變化的關系圖像如圖乙所示，g=10m/s2。則以下說法正確的是A木板B的質量為2kgB物塊與木板之間的動摩擦因數為0.2C在08s時間內，A和B組成的系統(tǒng)動量守恒D整個過程小物塊A在木板B上的劃痕長為20m8、如圖所示， MN是勻強磁場中的一塊薄金屬板，帶電粒子（不計重力）在勻強磁場中運動并穿過金屬板，曲線表示其運動軌跡，由圖知：A粒子帶負電B粒子運動方向是abcdeC粒子運動方向是edcbaD粒子在上半周所用時間比下半周所用時間長9、如圖所示，平行板

5、電容器A、B間有一帶電油滴P正好靜止在極板正中間，現(xiàn)將兩極板間稍錯開一些，其它條件不變。則（ ）A油滴將靜止不動，電流計中電流由a流向bB極板帶電量減少，兩板間電勢差和場強不變C油滴將向上加速，電流計中電流由b流向aD油滴將向下加速，電流計中電流由a流向b10、一粒鋼珠從靜止狀態(tài)開始自由下落，然后陷入泥潭中若把其在空中下落的過程稱為過程，進入泥潭起到停止的過程稱為過程，則()A過程中鋼珠的動量的改變量等于重力的沖量B過程中阻力的沖量大小等于過程中重力的沖量的大小C、兩個過程中合外力的總沖量等于零D過程中鋼珠的動量的改變量等于零三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，

6、不要求寫出演算過程。11（6分）某同學要描繪額定電壓為4.5V小燈泡的IU曲線，請為該同學設計實驗電路把實驗電路圖畫在答題卡上_（標明器材符號）12（12分）如圖為實驗室中驗證動量守恒定律的實驗裝置示意圖（1）若入射小球質量為m1，半徑為r1；被碰小球質量為m2，半徑為r2，則（_） Am1 m2 r1 r2 Bm1 m2 r1 m2 r1r2 Dm10）的帶電小球M、N先后以相同的初速度沿平行于電場的方向射出小球在重力作用下進入電場區(qū)域，并從該區(qū)域的下邊界離開已知N離開電場時的速度方向豎直向下；M在電場中做直線運動，剛離開電場時的動能為N剛離開電場時的動能的1.5倍不計空氣阻力，重力加速度大

7、小為g求（1）M與N在電場中沿水平方向的位移之比；（2）A點距電場上邊界的高度；（3）該電場的電場強度大小參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】雙星繞連線上某點做勻速圓周運動，萬有引力提供圓周運動向心力，兩星的周期和角速度相同則有：可得=據v=r，可得：故選B。2、D【解析】解：A、將左邊兩個力進行合成，再與右邊合成，則有合力的大?。?）F；B、將相互垂直的F進行合成，則合力的大小為F，再與第三個力F合成，即有合力的大小為（1）F；C、將方向相反的兩個力合成，則合力為0，再與第三個力F合成，則有合力大小為F

8、；D、將任意兩力進行合成，可知，這三個力的合力為零；故D正確，ABC均錯誤；故選D【點評】考查力的平行四邊形定則，并體現(xiàn)如何選擇兩力合成的技巧，同時要學生會畫合成與分解的力圖3、C【解析】C=是電容的比值定義式，電容與帶電量、電壓及電源無關，由本身結構決定，故ABD錯誤C正確。故選C。4、A【解析】A將電阻R0和電源等效成新的電源，當外電路電阻與等效電源內電阻相等時，等效電源的輸出功率最大；將電阻R0和電源等效成新的電源，當外電路電阻與等效電源內電阻相等時，等效電源的輸出功率最大；故當Rx=R0+r=2等效電源的輸出功率最大，即變阻器上消耗的功率最大；故A項正確；B由公式可知，當電流最大，R0

9、的功率最大，由閉合電路歐姆定律可知，當R=0時，電流最大，R0的功率最大，故B項錯誤；C當外電阻與電源內阻越接近，電源的輸出功率越大，所以當R=0時，電源的輸出功率最大，故C項錯誤；D電源的效率為所以當外電阻最小時，電源的效率最小，即當R=0時，電源的效率最小，故D項錯誤。5、D【解析】并聯(lián)電路中其中一個阻值變大則并聯(lián)后總電阻的阻值也變大，且電路中的電流不變，由歐姆定律可知，并聯(lián)部分電壓增大；即R1和R2上的電壓都增大；根據可知，R2上電流I2增大；因總電流不變，即I1和I2之和不變，則R1中電流I1減小。A.由分析可知，R1和R2上的電壓增大，故A錯誤；B.由分析可知，R1上的電流I1減小，

10、故B錯誤；C.由分析可知，R2上的電流I2增大，故C錯誤；D.由分析可知，I1和I2之和不變，故D正確。6、B【解析】試題分析：最早提出電場概念的是法拉第，并提出了用電場線形象表示電場的思想；伽利略通過“理想斜面實驗”，推翻了亞里斯多德的“力是維持物體運動的原因”；庫侖總結出了真空中靜止點電荷之間相互作用的規(guī)律即庫侖定律；美國物理學家密立根最早用油滴實驗精確地測出了元電荷e的電荷量為選項B正確考點：此題考查了物理學史二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A取

11、向右為正方向，由圖像可知，與墻壁碰撞之后，物塊A的速度；小車B的速度；當A和B共速時的速度 ；由動量守恒可知： 解得mB=4kg選項A錯誤；B在2-6s內物塊A的加速度 則由可得=0.2選項B正確；C因t=2s時刻小車與墻壁碰撞，受向左的合外力，可知系統(tǒng)的動量不守恒，選項C錯誤；D對系統(tǒng)，從2-6s時間內，由能量關系： 解得L=20m選項D正確。8、AC【解析】ABC、帶電粒子穿過金屬板后速度減小，由可知，軌跡半徑應減小，故可知粒子運動方向是edcba.粒子所受的洛倫茲力均指向圓心，則粒子應帶負電，故A正確，B錯誤，C正確；D. 由可知，粒子運動的周期和速度無關，而上下均為半圓，故粒子的運動時

12、間相等，均為T/2，故D錯誤；故選AC.9、AB【解析】將兩極板稍錯開一些，由于電勢差不變，d不變，則根據知，電場強度不變，電場力不變，油滴不動；根據得，S減小，則電容變小，U不變，根據Q=CU知，電荷量減小，則電流計中的電流由a流向b；A油滴將靜止不動，電流計中電流由a流向b，與結論相符，選項正確；B極板帶電量減少，兩板間電勢差和場強不變，與結論相符，選項B正確；C油滴將向上加速，電流計中電流由b流向a，與結論不相符，選項錯誤；D油滴將向下加速，電流計中電流由a流向b，與結論不相符，選項錯誤；10、AC【解析】過程中鋼珠所受外力只有重力，由動量定理可知，鋼珠動量的改變等于重力的沖量，故A正確

13、；過程中，鋼珠所受外力有重力和阻力，所以過程中阻力的沖量大小等于過程中重力的沖量大小與過程中重力沖量大小的和,故B錯誤；在整個過程中，鋼珠動量的變化量為零，由動量定理可知，、兩個過程中合外力的總沖量等零，故C正確；過程中鋼珠所受合外力的沖量不為零，由動量定理可知，過程中鋼珠的動量的改變量不等于零，故D錯誤所以AC正確，BD錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、外接分壓電路【解析】本實驗中要求電流從零開始調節(jié)，故應采用分壓接法，同時燈泡內阻較小，故應采用電流表外接法，故電路圖如圖所示：12、C 【解析】(1)1為保證兩球發(fā)生對心正碰，兩

14、球的半徑應相等，為防止碰撞后入射球反彈，入射球的質量應大于被碰球的質量，故選C。(2)2小球離開軌道后做平拋運動，小球拋出點的高度相等，則它們在空中的運動時間t相等，驗證碰撞中的動量守恒，需要驗證：，則：，因此需要驗證：；(3)3小球發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程中系統(tǒng)動量和機械能都守恒，根據動量守恒有： ，機械能守恒有：，聯(lián)立可得：，進一步化簡得到：。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）16W；12W（2）12m（3）75%【解析】（1）電動機的輸入功率為電動機的熱功率為所以電動機的輸出功率為（2）電動機的輸出功率

15、等于機械功率，故，解得故在20s內上升的高度為（3）機械效率為14、 (1) (2) 方向：與x軸正向成角偏向y軸負向： 沿y軸負向 (3) (4n1)x0，2nx0，(n1、2、3、)【解析】(1)設離子在第一象限的速度為，在第一象限內，由庫侖力提供離子做圓周運動的向心力得：，解得： 在第二象限內，只有電場力對離子做功，由動能定理得：，解得：； (2)離子進入第四象限后，在x方向上，前半個周期向右做勻加速直線運動，后半個周期向右做勻減速直線運動直到速度為0.當時：所以此時離子的合速度：方向：與x軸正向成角偏向y軸負向：當時：，此時離子的合速度，沿y軸負向(3)由(2)分析可知，離子進入第四象限后，y方向上做勻速直線運動，x方向上每個周期向右運動的平均速度為，每個周期前進因為開始時離子的橫坐標為，所以時，離子的橫坐標縱坐標故在時，離子的坐標為：，點睛：本題中質點在復合場運動，分析受力情況，確定質點的運動情況是解題的基礎，結合粒子運動的周期性，運用數學幾何知識綜合求解15、（1）3；（2）H/3；（3）【解析】（1）設帶電小球M、N拋出