1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、國際單位制中規定，力學量所對應的基本單位是()A米、牛頓、秒 B米、千克、秒C米、牛頓、千

2、克 D米/秒、米/秒2、牛頓2、下列四幅圖中，能正確描述點電荷電場線的是( )A BC D3、如圖所示，彈簧振子在A、B之間做簡諧運動以平衡位置O為原點，建立Ox軸向右為x軸的正方向若振子位于B點時開始計時，則其振動圖像為（ ）ABCD4、a、b和c三個帶電小球，c帶負電，a和b相互排斥，b和c相互吸引。則（ ）Aa和b均帶正電 Ba和b均負電Ca帶負電，b帶正電 Da帶正電，b帶負電5、如圖所示,為一在水平面內做勻速圓周運動的圓錐擺,關于擺球的受力情況,下列說法中正確的是（ ）A擺球受重力、拉力和向心力的作用B擺球受拉力和向心力的作用C擺球受拉力和重力的作用D擺球受重力和向心力的作用6、關于

3、勻速圓周運動的說法，正確的是()A勻速圓周運動是勻速運動B勻速圓周運動是勻變速運動C勻速圓周運動是加速度不變的運動D勻速圓周運動是加速度不斷改變的運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，水平傳送帶AB逆時針勻速轉動，一個質量為M1.0 kg的小物塊以某一水平初速度滑上傳送帶左端，通過速度傳感器記錄下物塊速度隨時間的變化關系如圖乙所示，取向左為正方向，以小物塊滑上傳送帶時為計時起點。已知傳送帶的速度保持不變，g取10 m/s2。下列說法正確的是A物塊與傳送帶

4、間的動摩擦因數為0.5B物塊在傳送帶上相對傳送帶滑動的距離是9 mC物塊距離傳送帶左端的最大距離是8 mD物塊在傳送帶上的時間4.5 s8、如圖所示，在某一點電荷Q產生的電場中，有a、b兩點其中a點的場強大小為Ea，方向與ab連線成120角；b點的場強大小為Eb，方向與ab連線成150角則關于a、b兩點場強大小及電勢高低說法正確的是（ ）AEa=3EbBCabDab9、質量為M、內壁間距為L的箱子靜止于光滑的水平面上，箱子中間有一質量為m的小物塊，小物塊與箱子底板間的動摩擦因數為初始時小物塊停在箱子正中間，如圖所示現給小物塊一水平向右的初速度v，小物塊與箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中間，井與箱

5、子保持相對靜止設碰撞都是彈性的，則整個過程中，系統損失的動能為( ) ABCD10、如圖，R為熱敏電阻（電阻率溫度的升高而降底）R1、R2 為定值電阻。閉合電鍵s 電壓表的示數為U，電流表的示數為I；現R所處環境溫度降低，電壓表的示數改變量的大小為U，,電流表的示數改變量的大小為I，則AU/I 變大BU/I/變大C電阻R的功率變大D電源的總功率變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某研究性學習小組利用圖甲所示電路測量某電源的電動勢E和內阻r。由于該電池的內阻r較小，因此在電路中接入了一阻值為2.1的定值電阻R1（1）按照圖甲所示

6、的電路圖，將圖乙所示的實物連接成實驗電路（_）（2）閉合開關S，調整電阻箱的阻值，讀出電壓表相應的示數U，并計算出通過電阻箱的電流I，下表給出了電壓、電流數值，為了比較準確地得出實驗結論，在圖丙所示的坐標紙中作U-I圖線。（_）R/41.1112.118.116.11U/V1.911.661.571.43I/A1.14711381.1961.238（3）從圖線得到E=_V，r=_12（12分）一個小燈泡的額定電壓為6.3V，額定電流為0.25A，用以下所給的實驗器材描給出小燈泡的伏安特性曲線A電源E1:輸出電壓恒為8VB電源E2輸出電壓恒為12VC電壓表V：量程為010V，內阻約為10kD電流

7、表A1：量程為03A，內阻約為0.1E，電流表A2：量程為0300mA，內阻的為1F滑動變阻器R：最大阻值為10，定電流為1.0A，開關S，導線若干（1）實驗中電源應選用_，電流表應選用_，選填材前面字母序號（2）在虛線框內畫出實驗電路原理圖四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一根長為l的絲線吊著一質量為m，帶電荷量為+q的小球靜止在勻強電場中，如右圖所示絲線與豎直方向成37角， （重力加速度為g），則：（1）勻強電場的電場強度的方向（2）勻強電場的電場強度的大??；14（16分）如圖所示，甲 、乙兩顆衛星在

8、和地球赤道共面的軌道上繞地球分別做勻速圓周運動，二者運行方向相同，甲為地球同步衛星，乙為近地軌道衛星。科學家經過觀測發現，每隔時間t兩顆衛星相距最近一次。己知萬有引力常量為G，地球自轉周期為T0。求：（l）乙衛星運動的周期；（2）地球的平均密度。 15（12分）如圖甲所示，一個圓形線圈匝數匝、面積、電阻在線圈外接一阻值為的電阻把線圈放入一個勻強磁場中，磁場方向垂直線圈平面向里，磁場的磁感強度隨時間變化規律如圖乙所示求：（）內，回路中的感應電動勢；（）時， 、兩點哪點電勢高；（）時，電阻兩端的電壓 參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符

9、合題目要求的。1、B【解析】國際單位制規定了七個基本物理量分別為長度、質量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、物質的量它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，而物理量之間的關系式推到出來的物理量的單位叫做導出單位。【詳解】在國際單位制中，力學基本單位分別為：米、千克、秒。牛頓、米/秒、米/秒2都屬于導出單位，故B正確，ACD錯誤。【點睛】決本題的關鍵要掌握國際單位制中三個基本單位：米、千克、秒。2、B【解析】電場線從正電荷出發，終于止負電荷，故正電荷的電場線應向外發散，負電荷的電場線應向內聚攏，B正確3、A【解析】由題意：設向右為x正方向，振子運動到N點時，振子具有正方向最大位移，所以振子運動到

10、N點時開始計時振動圖象應是余弦曲線，故A正確4、A【解析】a和b相互排斥，則ab都帶電，且帶同種電荷，c帶負電，b和c相互吸引，故b帶正電，所以a也帶正電，故A正確。故選A?！军c睛】本題考查了利用電荷間的相互作用規律判斷物體帶電情況，要特別注意的是：若兩個物體相互吸引時，兩個物體可能帶異種電荷，也可能一個帶電，另一個不帶電5、C【解析】向心力是效果力，在受力分析時不能說球受到向心力，擺球A受拉力和重力的作用，拉力和重力的合力提供向心力，故C正確；ABD錯誤；故選C6、D【解析】勻速圓周運動速度大小不變，方向變化，故速度是變化的，一定是變速運動，一定具有加速度，勻速圓周運動加速度大小不變，方向始

11、終指向圓心，加速度是變化的，是變加速運動，D正確,ABC錯誤。故選D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】根據速度時間圖線求出物塊勻減速運動的加速度大小，結合牛頓第二定律求出物塊與傳送帶間的動摩擦因數大小物塊滑上傳送帶后先做勻減速運動到零，然后反向做勻加速直線運動，當速度達到傳送帶速度后一起做勻速直線運動，結合運動學公式求出向左和向右運動的時間，從而得出物塊在傳送帶上的總時間【詳解】由速度圖象可得，物塊做勻變速運動的加速度為；由牛頓第二定律得f=Ma又f=M

12、g，則可得物塊與傳送帶間的動摩擦因數，選項A錯誤；由速度圖象可知，物塊的初速度大小v=4m/s、傳送帶的速度大小v=2m/s，物塊在傳送帶上滑動t1=3s后與傳送帶相對靜止前2秒內物塊的位移大小s1=t1=4m，方向向右，即物塊距離傳送帶左端的最大距離是4m；后1秒內的位移大小s2=t1=1m，方向向左；3秒內物塊的位移s=s1-s2=3m，方向向右，傳送帶在3s內的位移為23m=6m向左，可知物塊在傳送帶上相對傳送帶滑動的距離是9 m，選項B正確，C錯誤；物塊再向左運動的時間t2=1.5s；物塊在傳送帶上運動的時間t=t1+t2=4.5s，選項D正確；故選BD.【點睛】解決本題的關鍵理清物塊

13、在傳送帶上整個過程的運動規律，結合牛頓第二定律和運動學公式以及速度時間圖線進行求解8、AC【解析】a點電場線與b點電場線方向相交于O點，則該場源電荷位于O點處，三角形Oab為直角三角形，設ab間的距離為d則，所以根據公式可得Ea=3Eb，該場源電荷為正電荷，所以距離場源電荷越近，電勢越低，故，AC正確9、BD【解析】試題分析：設物塊與箱子相對靜止時共同速度為V，則由動量守恒定律得，得，系統損失的動能為，B正確，AC錯誤根據能量守恒定律得知，系統產生的內能等于系統損失的動能，根據功能關系得知，系統產生的內能等于系統克服摩擦力做的功，則有D正確，故選BD考點：動量守恒定律；功能關系點評：兩個相對運

14、動的物體，當它們的運動速度相等時候，往往是最大距離或者最小距離的臨界條件本題是以兩物體多次碰撞為載體，綜合考查功能原理，動量守恒定 律，要求學生能依據題干和選項暗示，從兩個不同角度探求系統動能的損失又由于本題是陳題翻新，一部分學生易陷入某種思維定勢漏選B或者D，另一方面，若 不仔細分析，易認為從起點開始到發生第一次碰撞相對路程為，則發生N次碰撞，相對路程為，而錯選C10、AC【解析】當環境溫度降低時，R的電阻增大，電阻R與R1并聯的電阻增大，根據歐姆定律可知等于R與R1并聯的總電阻，所以變大，故A正確；根據閉合電路歐姆定律得：U=E-I（R2+r），可知，因為不變，故B錯誤； 根據串聯電路分壓

15、規律知U增大，則電阻R1的功率變大，故C正確；電源的總功率P=EI，I減小，則電源的總功率變小，故D錯誤。所以AC正確，BD錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 2.1 1.4 【解析】(1)1 根據電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：(2)2 根據表中實驗數據在坐標系內描出對應點，然后作出圖象如圖所示：(3)34 由圖示電源U-I圖象可知，圖象與電壓軸的交點坐標值為2.1，則電源電動勢E=2.1V；圖象斜率絕對值等于電源內阻與保護電阻阻值之和，則電源的內阻r=k-R1=2.4-2.1=1.412、A; ； E 【解析】(1)12燈泡額定電壓是6.3V,電源應選,即A.；燈泡額定電流為0.25A,電流表應選,即E.(2)3燈泡正常工作時的電阻 ,遠小于電壓表的內阻,屬于小電阻,電流表采用外接法.，因為測量小燈泡的伏安特性,電壓和電流需從0開始測起,所以滑動變阻器采用分壓式接法.電路圖如下圖.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）水平向右（2）【解析】(1)由圖中可知小球受到一個向右的電場力，因小球帶正電，故勻強電場方向水平向右.(2)由題意可知小球靜止在電場中，由平衡條件得：故：答：(1)勻強電場的電場強