1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

2、目要求的。1、如圖所示的電路中,電源電動勢為12V,內阻為2,四個電阻的阻值已在圖中標出,閉合開關S,下列說法正確的有( )A路端電壓U=12VB電源的總功率P=10WCa、b間電壓Uab=5VDa、b間用導線連接后，電路的總電流I=1A2、已知甲、乙兩個帶電粒子，它們的質量之比為1：1，它們的帶電量之比也為1：1這兩個粒子垂直射入同一勻強磁場的速度之比為3：1，則兩粒子做勻速圓周運動的半徑之比為A1:1B1:1C1:3D3:13、如圖為飛行特技表演時飛機在豎直面內俯沖后又拉起的情景，這一過程可看作半徑為R的勻速圓周運動。設飛機通過最低點時速度大小為v，飛行員的質量為m。則飛機在最低點時座椅對

3、飛行員的支持力大小為（ ）Amg Bmv2R Cmv2R+mg Dmv2R-mg4、如圖所示，質量為m的小物塊靜止地放在半徑為R的半球體上，物塊與半球體間的動摩擦因數為，物塊與球心的連線與水平地面的夾角為，下列說法中正確的是A地面對半球體的摩擦力方向水平向左B物塊對半球體的壓力大小為mgcosC物塊所受摩擦力大小為mgcosD物塊所受摩擦力大小為mgcos5、下列四幅圖關于各物理量方向間的關系中，正確的是()ABCD6、平行金屬板水平放置，板間距為0.6cm，兩板接上6103V電壓，板間有一個帶電液滴質量為4.810-10g，處于靜止狀態，則油滴上有元電荷數目是（g取10m/s2）（ ）（e=

4、1.610-19C）A3106B30C10D3104 二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一簡諧橫波在x軸上傳播，在某時刻的波形如圖所示，已知此時質點F的運動方向向下，則（ ）A此波朝x軸負方向傳播B質點D此時向下運動C質點B將比質點C先回到平衡位置D質點E的振幅為零8、如圖所示，真空中有一邊長為 a 的等邊三角形 ABC，P 點是三角形的中心在 A 點固定一電荷量為 q 的負點電荷，在 B 點同定一電荷量為 q 的正點電荷，已知靜電力常量為 k，則以下說法正確的是A

5、c 點的電場強度大小為Bc 點電勢高于 P 點電勢C某一試探電荷在 c 點與 P 點所受靜電力大小之比為D將某一試探電荷從 C 點沿 CP 連線的方向移動到 P 點的過程中靜電力不做功9、如圖所示，在豎直向上的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細繩的一端系著一個帶電小球，另一端固定于O點，小球在豎直平面內做勻速圓周運動，最高點為a，最低點為b。不計空氣阻力，則下列說法正確的是A小球帶負電B電場力與重力平衡C小球在從a點運動到b點的過程中，電勢能增大D小球在運動過程中機械能守恒10、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r，R1、R2為定值電阻，阻值均大于r，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、

6、V為理想電流表和電壓表。在滑動變阻器的滑動觸頭P自a端向b端滑動的過程中A電壓表示數變大B電流表示數變小C電容器C所帶電荷量增多D電源的輸出功率變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）（1）有如圖所示的甲、乙實驗電路，下列說法正確的是_（選擇） A甲是測量定值電阻的電路，乙是測量電池內電阻的電路B甲是測量電池內電阻的電路，乙是測量定值電阻的電路C甲、乙都是測量電池內電阻的電路D甲、乙都是測量定值電阻的電路（2）在“練習使用多用電表的使用”的實驗中，某同學用多用電表測量某型號白熾燈的燈絲電阻，選擇開關及指針位置如圖甲、乙所示，則對應

7、的燈泡可能是下列的_（選擇）A .、 B、 C、 若該同學接著要測量一只約的定值電阻的阻值，在測量前，他應采取的操作是_A先換擋后調零 B僅換擋不調零 C不換擋僅調零 D不換擋不調零 12（12分）（1）某同學用多用電表測量一段金屬絲的電阻，電路如圖甲所示，若選擇開關置于“100”擋，按正確使用方法測量電阻Rx的阻值，指針位于圖乙所示位置，則Rx=_，該同學還用螺旋測微器測量了該金屬絲的直徑，讀數如圖丙所示，則該金屬絲直徑d=_mm。（2）要測繪一個標有“3V，0.6W”的小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，并便于操作，已選用的器材有：電池組：(電動勢4.5V，內阻約1

8、)電流表：(量程為0250mA，內阻約5)電壓表：(量程為03V，內阻約3k)開關一個、導線若干實驗中所用的滑動變阻器應選下列中的_(填字母代號)。A滑動變阻器(最大阻值20，額定電流1A)B滑動變阻器(最大阻值1750，額定電流0.3A)實驗的電路圖應選用下圖中的_(填字母代號)。實驗得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示，如果將這個小燈泡接到電壓為1.5V、內阻為5.0的電源兩端，小燈泡消耗的功率是_ W。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）光滑的絕緣斜面固定于水平地面上，傾角為，勻強電場平行于斜面向上。質量

9、為m、帶正電q的小滑塊（可看作質點），從斜面底端A點由靜止釋放，經過一段時間物體到達B點（未畫出），這段時間內電場力做功為W，此后撤去電場，再經一段時間滑塊到達斜面上C點（未畫出）且速度恰好減為零，滑塊從B點到C點的時間是從A點到B點時間的兩倍。最后小滑塊又從C點滑回A點，重力加速度為g，以水平地面為零勢能面，不計空氣阻力，求：（1）勻強電場的場強E（2）撤去電場前小滑塊的加速度a（3）小滑塊在B點時的動能EK（4）小滑塊最大重力勢能EP（5）小滑塊回到A點時的速度大小V14（16分）美國物理學家密立根通過油滴實驗精確測量出電子的電荷量測量原理是：讓一些體積非常微小的帶電油滴進入電場中，當電場

10、力恰好與油滴所受重力平衡時，油滴處于懸浮狀態如圖所示，勻強電場的電場強度大小為E，方向豎直向下，一滴質量為m的油滴恰好靜止于電場中的P點，重力加速度為g問：(1)油滴帶何種電荷；(2)油滴所帶電荷量q的大小15（12分）如圖所示，固定于同一條豎直線上的A、B是兩個帶等量異種電荷的點電荷，電荷量分別為Q和Q，A、B相距為2d。MN是豎直放置的光滑絕緣細桿，另有一個穿過細桿的帶電小球p，質量為m、電荷量為+q（可視為點電荷，不影響電場的分布。），現將小球p從與點電荷A等高的C處由靜止開始釋放，小球p向下運動到距C點距離為d的O點時，速度為v。已知MN與AB之間的距離為d，靜電力常量為k，重力加速度

11、為g。求：（1）C、O間的電勢差UCO；（2）O點處的電場強度E的大小及小球p經過O點時的加速度；參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A.外電阻為，則，則路端電壓為，故A錯誤；B.電源的總功率為，故B錯誤；C.選電源負極為0電勢點，則a點電勢為，b點的電勢，a、b兩點間的電壓為，故C正確；D.a、b間用導線連接后外電阻為R，則，則電流，故D錯誤；2、D【解析】根據可知，則兩粒子做勻速圓周運動的半徑之比為，故選D.【點睛】帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，應用洛倫茲力公式與牛頓第二定律得到

12、半徑的關系式可以解題3、C【解析】飛機在豎直平面內作勻速圓周運動，經過最低點時，飛行員受到豎直向下的重力G，座椅的豎直向上的支持力F，它們的合力提供向心力，加速度方向豎直向上，合力方向豎直向上，根據牛頓第二定律分析得知：F=mg+mv2R，故C正確，ABD錯誤。4、D【解析】從整體角度去分析，則地面對半球體沒有摩擦力，故A錯誤；對物體受力分析，質點受重力、支持力及摩擦力，如圖所示：由共點力的平衡可知，質點受到的支持力F=mgsin，故由牛頓第三定律可求得質點對半球體的壓力大小為mgsin； 質點受到的摩擦力f=mgcos，方向斜向上，因為是靜摩擦力，不用動摩擦因數求摩擦力，故B C錯誤，D正確

13、；故選D【點睛】本題采用整體法和隔離法處理力平衡問題，考查靈活選擇研究對象的能力，正確作出力圖是基礎5、B【解析】A、由左手定則可知，安培力的方向總是與磁感應強度的方向垂直，A錯誤；B、磁場的方向向下，電流的方向向里，由左手定則可知安培力的方向向左，B正確；C、由左手定則可知，洛倫茲力的方向總是與磁感應強度的方向垂直，C錯誤；D、通電螺線管產生的磁場的方向沿螺線管的軸線的方向，由題圖可知電荷運動的方向與磁感線的方向平行，不受洛倫茲力，D錯誤6、B【解析】液滴處于靜止狀態故計算得則油滴上有元電荷數目是，選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是

14、符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】試題分析：簡諧波橫波在x軸上傳播，此時質點F的運動方向向下，由波形平移法可知，該波沿x軸負方向傳播，故A正確；質點D此時的運動方向與F的運動方向相同，即向下運動，故B正確；此時質點B向上運動，而質點C已經在最大位移處，即將向下運動，直接回到平衡位置，則C先回到平衡位置，故C錯誤；此時質點E的位移為零，但振幅不為零，各個質點的振幅均相同，故D錯誤考點：考查了橫波傳播【名師點睛】在根據波的傳播方向判斷質點振動方向或者根據質點振動方向判斷波傳播方向時，走坡法是一種重要的方法，即下坡路上，上坡路下，簡諧橫波在傳播過程

15、中波上的各個質點只在平衡位置附近上下振動，不會隨波遷移，當兩個質點相隔波長的整數倍時，則這兩個點為同相點，即振動步調相同，如果兩個質點相隔半波長的奇數倍時，兩個點為反相點，即振動步調相反8、CD【解析】AB兩點的點電荷在C點形成電場的場強大小均為 ，故C點的電場強度大小為，選項A錯誤；CP兩點均處于AB連線的垂直平分線上，故兩點的電勢相等，將某一試探電荷從C點沿CP連線的方向移動到P點的過程中靜電力不做功，選項B錯誤，D正確；AB兩點的點電荷在P點形成電場的場強大小均為 ，故P點的電場強度大小為，CP兩點的場強大小之比：,某一試探電荷在c點與P點所受靜電力大小之比為，選項C正確；故選CD.9、

16、BC【解析】AB.由題可知，小球在豎直平面內做勻速圓周運動，受到重力、電場力和細繩的拉力，電場力與重力平衡，則知小球帶正電。故A錯誤，B正確。C.小球在從a點運動到b點的過程中，電場力做負功，小球的電勢能增大。故C正確。D.由于電場力做功，所以小球在運動過程中機械能不守恒。故D錯誤。10、AD【解析】在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器在路電阻減小，外電阻減小，根據歐姆定律分析干路電流如何變化和電阻R1兩端電壓的變化，即可知道電壓表讀數的變化電容器C的電壓等于電阻R2兩端的電壓，分析并聯部分電壓的變化，即知道電容器的電壓如何變化，根據Q=CU可知所帶電荷量的變化；根據干路電流與

17、通過R2的電流變化情況，分析電流表的變化a點的電勢等于R2兩端的電壓根據外電路電阻與內阻的關系，判斷電源的輸出功率的變化。【詳解】A.在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，并聯電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻R1兩端電壓增大，則電壓表示數變大，故A正確；B.根據閉合電路歐姆定律，內電壓增大，R1兩端電壓增大，可知并聯部分電壓減小，流過R2的電流減小。由于干路電流I增大，所以流過R3的電流增大，電流表示數增大，故B錯誤；C.電容器與電阻R2并聯，電壓相等，根據Q=CU，電容器C所帶電荷量減小，故C錯誤；D.當外電路電阻等于內阻時，電源的輸出功率最

18、大，外電路電阻越接近內阻，電源的輸出功率越大。由于R1、R2阻值均大于r，外電路電阻大于內阻，現外電路總電阻減小，電源的輸出功率增大，故D正確。故選：AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B A D 【解析】(1)1AB.根據題意可知，甲是測量電池內電阻的電路，乙是測量定值電阻的電路，故A錯誤B正確CD.根據以上分析可知，故CD錯誤(2)2 歐姆表選擇“10”檔，歐姆表示數為1610=160“220V 、25W”的電阻值：“220V 、300W”的電阻值：“220V、 3000W”的電阻值：考慮到燈泡發光時的電阻值要遠大于不發光時的電阻值，所以測量可能是25W的燈泡，故A正確BC錯誤3 因為燈泡電阻為160，所以測量時，不用換檔，不需要重新進行歐姆調零，故D正確ABC錯誤12、700 0.617mm A B 0.1W 【解析】（1）1如圖甲所示，若選擇開關置于“100”擋，按正確使用方法測量電阻Rx的阻值，指針位于圖乙所示位置，則Rx=700。2該金屬絲的直徑d=0.5mm+11.70.01mm=0.617mm。（2）3因實驗要求電流由零逐漸增加到3V，并便于操作，所以滑動變阻器應用分壓式接法，應選電阻最小的變阻器A。4因小燈泡在額定電壓時的電阻為R=15因電壓表內阻RVR，故電流表應用外接法，又變阻器用分壓式，