1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，虛線表示電場的一簇等勢面且相鄰等勢面間電勢差相等，一個a 粒子（帶正電）以一定的初速度進入電場后，只在電場力作用下沿實線軌跡運動，a 粒子先后通過M 點和N 點. 在這一

2、過程中，電場力做負功，由此可判斷出( ) Aa 粒子在M 點受到的電場力比在N 點受到的電場力大BN 點的電勢低于M 點的電勢Ca 粒子在N 點的電勢能比在M 點的電勢能大Da 粒子在M 點的速率小于在N 點的速率2、如圖所示，為某一點電荷形成電場中的一條電場線，a、b為線上的兩點，則下列判斷正確的是 ( )Aa、b點場強大小相同 Ba、b點場強方向相同Ca、b點場強大小、方向都相同 D無法確定3、以下說法正確的是（ ）A電動勢越大，說明非靜電力在電源內部從負極向正極移送正電荷做的功越多B適用于所有電路C導體的電阻率越小，導電性能越好，電阻也越小D由知，同一導線內電荷定向移動平均速率越大，電流

3、越大4、質量為m的帶正電小球A懸掛在絕緣細線上，且處在場強為E的勻強電場中，當小球A靜止時，細線與豎直方向成30角，已知此電場方向恰使小球受到的電場力最小，則小球所帶的電量應為 （ ）A3mg3EB3mgEC2mgEDmg2E5、丹麥物理學家奧斯特在1820年通過實驗發現電流磁效應，下列說法正確的是( )A奧斯特在實驗中觀察到電流磁效應，揭示了電磁感應定律B將直導線沿東西方向水平放置，把小磁針放在導線的正下方，給導線通以足夠大電流，小磁針一定會轉動C將直導線沿南北方向水平放置，把小磁針放在導線的正下方，給導線通以足夠大電流，小磁針一定會轉動D將直導線沿南北方向水平放置，把銅針(用銅制成的指針)

4、放在導線的正下方，給導線通以足夠大電流，銅針一定會轉動6、產生感應電流的條件，以下說法中正確的是（ ）A閉合電路在磁場中運動，閉合電路中就一定會有感應電流B閉合電路在磁場中做切割磁感線運動，閉合電路中一定會有感應電流C穿過閉合電路的磁通量為零的瞬間，閉合電路中一定不會產生感應電流D穿過閉合電路的磁通量發生了變化，閉合電路中一定會有感應電流二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、有三個質量相等，分別帶正電、負電和不帶電的小球A、B、C，從同一位置以相同速度v0先后射入豎直方

5、向的勻強電場中，它們落在正極板的位置如圖所示，則下列說法中正確的是（）A小球A帶正電，小球B不帶電，小球C帶負電B三個小球在電場中運動的時間相等C三個小球到達正極板的動能EkAEkBEkCD三個小球到達正極板的動量的增量pApBpC8、空間存在方向垂直于紙面向里的勻強磁場，圖中的正方形為其邊界一細束由兩種粒子組成的粒子流沿垂直于磁場的方向從O點入射這兩種粒子帶同種電荷，它們的電荷量、質量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子不計重力下列說法正確的是（ ）A入射速度不同的粒子在磁場中的運動時間一定不同B入射速度相同的粒子在磁場中的運動軌跡一定相同C在磁場中運動時間相同的粒子，其運動軌跡一定

6、相同D在磁場中運動時間越長的粒子，其軌跡所對的圓心角一定越大9、在電場方向水平向右的勻強電場中，一帶電小球從A點豎直向上拋出，其運動的軌跡如圖所示，小球運動的軌跡上A、B兩點在同一水平線上，M為軌跡的最高點，小球拋出時的動能為8J，在M點的動能為6J，不計空氣的阻力，則下列判斷正確的是（）A小球水平位移x2與x1的比值為4：1B小球水平位移x2與x1的比值為3：1C小球落到B點時的動能為32JD小球從A點運動到B點的過程中最小動能6J10、如圖所示，圖中KLM為靜電場中的3個相距較近的等勢面.一帶電粒子射入此靜電場中后，沿abcde軌跡運動.已知電勢KLM，且粒子在ab段做減速運動.下列判斷中

7、正確的是()A粒子帶負電B粒子在a點的加速度大于在b點的加速度C粒子在a點與e點的速度大小相等D粒子在a點的電勢能大于在d點的電勢能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）密立根油滴實驗首先測出了元電荷的數值，其實驗裝置如圖所示，油滴從噴霧器噴出，以某一速度進入水平放置的平行板之間。若兩板間加一電壓，使板間形成向下的電場E，今有一帶負電的油滴，質量為m，在兩板間勻速下落的速率為v。已知運動中油滴受到的阻力可由斯托克斯公式f=6rv計算(其中r為油滴半徑，為空氣粘滯系數)。實驗時測出r、v，E、m、g為已知，則（1）油滴的帶電量q=_。

8、（2）經多次測量得到許多油滴的Q測量值如下表(單位1019C)Q1Q2Q3Q4Q5Q66.418.019.6511.2312.8314.48分析這些數據可得什么結論：_。12（12分）有一電源，為了研究它的輸出特性，將電流表、電壓表、滑動變阻器按圖示的方式連接在它的輸出端A、B之間實驗時根據記錄的多組電流表示數I、電壓表示數U，畫出了如圖所示的U-I圖線若電源電動勢為E、內電阻為r，則（1）可從圖線上求出電源的電動勢E測=_V，內電阻r測=_（2）考慮電表內阻的影響，按圖示的方式連接所測得的電源電動勢為E測 _電源電動勢的真實值E真（填“大于”、“等于”、或“小于”）四、計算題：本題共2小題，

9、共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，將長為50 cm、質量為10 g的均勻金屬棒ab的兩端用兩只相同的彈簧懸掛成水平狀態，位于垂直于紙面向里的勻強磁場中當金屬棒中通以0.4 A的電流時，彈簧恰好不伸長g10 m/s1(1)求勻強磁場的磁感應強度的大小；(1)當金屬棒中通過大小為0.1 A、方向由a到b的電流時，彈簧伸長1 cm如果電流方向由b到a，而電流大小不變，則彈簧伸長又是多少？14（16分）如圖所示的電路中，電源的電動勢E=50V，內阻r=10，小燈泡規格為“20V，10W”，滑動變阻器R阻值可調范圍（0200）。問

10、：(1)滑動變阻器R取值多少時，小燈泡正常發光？ (2)滑動變阻器R取值多少時，R上消耗的功率最大？最大為多少？15（12分）如圖所示，一個掛在絕緣細線下端的帶正電的小球B，靜止在圖示位置，若固定的帶正電的小球A的電荷量為Q，B球的質量為m，帶電荷量為q，=30，A和B在同一條水平線上，整個裝置處于真空中，求A、B兩球間的距離。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】根據電場線或等勢面的疏密程度可知N點的電場強度較大，故帶電粒子在M點受到的電場力比在N點受到的電場力小，故A錯誤；由粒子的運動軌跡可知，帶正電的

11、粒子所受的電場力方向指向右下方，則電場線的方向指向右下方，根據“順著電場線的方向電勢降落”，可知N點的電勢高于M點的電勢，故B錯誤；若粒子從M到N，電場力對粒子做負功，電勢能增加，所以N點的電勢能比在M點的電勢能大，故C正確；若粒子從M到N，電場力做負功，速度減小，所以M點的速率大于在N點的速率，故D錯誤；故選C。【點睛】此題關鍵是知道電場線與等勢面垂直，等差等勢面的疏密程度也反映電場的強弱，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加2、B【解析】試題分析：該電場線為一點電荷形成的一條電場線，因不知是正點電荷還是負點電荷，所以無法判斷a、b兩點的場強大小解：因不知是正點電荷還是負點電荷

12、產生的電場線，所以無法判斷a、b兩點的場強大小，但場強的方向一定是相同的故選B【點評】解決本題的關鍵掌握電場線的特點，電場線的疏密可表示電場強度的強弱，電場線某點的切線方向表示場強的方向3、D【解析】電動勢越大，說明非靜電力在電源內部從負極向正極移送單位正電荷做的功越多，A錯誤； 只適用于純電阻的電路，B錯誤；電阻率是表征材料導電性能好壞的物理量，電阻率越小，其導電性能越好，但導體的電阻不一定越小，因導體的電阻與長度、橫截面積和材料有關，C錯誤；由可知，同一導線內電荷定向移動的速率越大，電流越大，D正確；選D.4、D【解析】以小球為研究對象，分析受力情況，作出力圖，運用作圖法分析什么條件下小球

13、受到的電場力最小，由力學知識求出最小的電場力，再求解小球的電荷量。【詳解】小球受到三個力作用：重力mg、電場力F和細線的拉力T，根據平衡條件得知：F和T的合力與重力mg大小相等、方向相反，作出電場力在三種不同方向下合成圖如圖，可以看出，當電場力F與細線的拉力T垂直時，電場力最小，由圖求出電場力的最小值為Fmin=mgsin30又Fmin=qE，得q=mg2E 故應選：D。【點睛】本題與動態平衡問題類似，采用圖解法分析極值的條件，也可以運用函數法分析。5、C【解析】奧斯特在實驗中觀察到了電流的磁效應，而法拉第發現了電磁感應定律； 故A錯誤； 將直導線沿東西方向水平放置，把小磁針放在導線的正下方時

14、，小磁針所在位置的磁場方向可能與地磁場相同，故小磁針不一定會轉動；故B錯誤； 將直導線沿南北方向水平放置，把小磁針放在導線的正下方，給導線通以足夠大電流，由于磁場沿東西方向，則小磁針一定會轉動； 故C正確； 銅不具有磁性，故將導線放在上方不會受力的作用，故不會偏轉；故D錯誤；故選C【點睛】本題考查電流的磁場的性質，要注意能明確電磁場方向的判斷，并掌握小磁針受力方向為該點磁場的方向6、D【解析】位于磁場中的閉合線圈，只有磁通量發生變化，才一定會產生感應電流故A錯誤閉合電路在磁場中作切割磁感線運動，而閉合電路中磁通量卻沒有變化，則閉合電路中就沒有感應電流故B錯誤穿過閉合電路的磁通量為零的瞬間，閉合

15、電路中磁通量的變化率最大，故產生感應電流故C錯誤穿過閉合電路的磁感線的條數發生變化，磁通量一定發生變化，則閉合電路中就有感應電流故D正確故選D.【點睛】感應電流產生的條件細分有兩點：一是電路要閉合；二是穿過電路的磁通量發生變化，即穿過閉合電路的磁感線的條數發生變化二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】AB小球做類平拋運動，水平方向為勻速運動，豎直方向為初速度為零的勻加速運動，從圖中可以看到小球A的水平位移最大，根據公式可知小球A運動的時間最長，其次是小球B

16、，小球C的運動時間最短；在豎直方向上，則有由于相同，結合時間得知小球受重力和電場力，又由于帶正電的小球受到的電場力方向與電場方向相同，帶負電的小球受到的電場力方向與電場方向相反，不帶電的小球不受電場力，所以小球A受到向上的電場力即小球A帶正電，小球C帶負電，小球B不帶電，故A正確，B錯誤；C以相同的水平速度先后垂直極板間電場射入，C球受合外力最大，則合外力的功最多，動能增量最大；A球受合外力最小，則合外力的功最少，動能增量最小，所以三個小球到達正極板時的動能為故C正確；D因為，根據可知豎直位移相等，則而小球的動量增量為可知pApBpC選項D正確。故選ACD。8、BD【解析】試題分析：帶電粒子在

17、磁場中由洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運動，雖然電量、質量不同，但比荷相同，所以運動圓弧對應的半徑與速率成正比它們的周期總是相等，因此運動的時間由圓心角來決定解：A、入射速度不同的粒子，若它們入射速度方向相同，則它們的運動也一定相同，雖然軌跡不一樣，但圓心角卻相同故A錯誤；B、在磁場中半徑，運動圓弧對應的半徑與速率成正比，故B正確；C、在磁場中運動時間：（為轉過圓心角），雖圓心角可能相同，但半徑可能不同，所以運動軌跡也不同，故C錯誤；D、由于它們的周期相同的，在磁場中運動時間越長的粒子，其軌跡所對的圓心角也一定越大故D正確；故選BD點評：帶電粒子在磁場中運動的題目解題步驟為：定圓心、畫軌跡、求半

18、徑9、BC【解析】將小球的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速直線運動，豎直分運動為勻變速直線運動，對于初速度為零的勻加速直線運動，在連續相等的時間間隔內位移之比為1：3，則小球水平位移x2與x1的比值為3：1，故A錯誤，B正確；設物體在B動能為EkB，水平分速度為VBx，豎直分速度為VBy，由豎直方向運動對稱性知：mvBy2=8J，對于水平分運動運用動能定理得：Fx1=mvMx2mvAX2，F（x1+x2）=mvBx2mvAX2，由A可知：x1：x2=1：3，解得：Fx1=6J，F（x1+x2）=24J，故EkB=m（vBy2+vBx2）=32J，故C正確；由于合運動

19、與分運動具有等時性，設小球所受的電場力為F，重力為G，則有：Fx1=6J， ，Gh=8J，所以：，由右圖可得：tan=，解得：sin=，則小球從 A運動到B的過程中速度最小時速度一定與等效G垂直，即圖中的 P點，故EKmin=mvmin2=m（v0sin）2=J，故D錯誤。故選BC。【點睛】本題關鍵將合運動分解為水平方向的勻加速直線運動和豎直方向的勻變速直線運動，然后對水平分運動運用動能定律求解。10、CD【解析】因為kL，且帶電粒子在ab段做減速運動，因此粒子帶正電，A錯誤；由電場線分布情況可知a點場強小于b點場強，因此粒子在a點的加速度小于在b點的加速度，B錯誤；a點和e點處在同一等勢面上

20、，因此該粒子在該兩點的動能、電勢能都相等，C正確；b點和d點處在同一等勢面上，b、d兩點的電勢能相等，由于帶電粒子在ab段做減速運動即該階段電場力做負功，電勢能增加，即a點的電勢能小于b點的電勢能，故D正確.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、mg-6rvE 電荷的最小電量即元電荷為1.61019C 【解析】(1)兩板間的電壓為U時，帶電油滴恰好能以速度v豎直向上勻速運動時，電場力與重力、阻力相平衡，列式可求解；(2)根據物體帶電的本質，結合測量電量值，即可求解。【詳解】(1) 當有電場時，則有重力等于阻力與電場力之和，即為：mg=6rv+qE；解得：q=mg-6rvE；(2) 根據物體帶電本質：電子的得失，且由表格所測電量，可知：在誤差范圍內，可以認為油滴的帶電量總是1.610-19C的整數倍，故電荷的最小電量即元電荷為1.610-19C。【點睛】考查受力分析與平衡方程的應用，掌握帶電本質，及最小電量的多少，注意電場力的方向是解題的關鍵。12、1.45 1 小于 【解析】圖線的縱軸截距為1.45，所以E測=1.45V，圖線的斜率絕對值該實驗測量的