1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，電動勢為E、內阻為r的電源與電阻R1、R2、R3、平行板電容器AB及電流表組成電路，滑動變阻器R1處于某位置時，A、B間的帶電油滴靜止不動，當滑動變阻器R1的觸頭向右滑動時，下列判斷正確的是( )A電流表讀數增大，油滴向上運動B電流表讀數增大，油滴向下運動C電流表讀數減小，油滴向上運動D電流表讀數減小，油滴向下運動2、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線則（ ）A場強EaEb，EbEcB電勢ab，cbC沿cba路徑移動質子與電子，電荷的電勢

3、能改變是一樣的D沿bc方向直線射入的電子有可能做曲線運動3、一條形磁鐵放在光滑的斜面上，并用一質量不計的彈簧連接在頂端的擋板上，磁鐵靜止時彈簧的伸長量為x0，將通有方向垂直紙面向外的直導線分別放在a、b、c位置時，彈簧的伸長量分別為xa、xb、xc，已知a、b、c三點的連線與斜面平行，且b點在條形磁鐵的正中央。則下列正確的是( )Ax0 xaxbxcBx0 xaxbxcCxax0 xbxcDxaxbxcx04、如圖所示，P、M、N三點在同一直線上，將一個帶正電的點電荷置于P點，關于該電荷產生的電場，下列說法正確的是（ ）AM點的電場強度大于N點的電場強度BM、N兩點的電場強度相等CM點的電勢低

4、于N點的電勢DM、N兩點的電勢相等5、關于電場線的的敘述不正確的是（ ）A沿著電場線的方向電場強度越來越小B在沒有電荷的地方，任何兩條電場線都不會相交C電場線是人們假設的，用以形象表示電場的強弱和方向，客觀上并不存在D電場線是非閉合曲線，始于正電荷或無窮遠，止于負電荷或無窮遠6、電動勢為E、內阻為r的電源與定值電阻、及滑動變阻器R連接成如圖所示的電路,當滑動變阻器的觸頭由a端滑向b端時,下列說法正確的是()A電壓表和電流表讀數都減小B電壓表和電流表讀數都增大C電壓表讀數增大,電流表讀數減小D電壓表讀數減小,電流表讀數增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項

5、中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，真空中有一勻強電場（圖中未畫出），電場方向與圓周在同一平面內，ABC是圓的內接直角三角形，BAC=63.5，O為圓心，半徑R=5cm位于A處的粒子源向平面內各個方向發射初動能均為1eV、電荷量+e的粒子，有些粒子會經過圓周上不同的點，其中到達B點的粒子動能為12eV，達到C點的粒子電勢能為4eV（取O點電勢為零）忽略粒子的重力和粒子間的相互作用，sin53=0.1下列說法正確的是A圓周上A、C兩點的電勢差為16VB圓周上B、C兩點的電勢差為-4VC勻強電場的場強大小為100V/mD當某個粒子經過

6、圓周上某一位置時，可以具有6eV的電勢能，且同時具有6eV的動能8、如圖所示，用控制變量法可以研究影響平行板電容器電容的因素。設兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為.實驗中，極板所帶電荷量不變，則（）A保持S不變，增大d，則變大B保持S不變，增大d，則變小C保持d不變，增大S，則變大D保持d不變，增大S，則變小9、如右圖所示，一條電場線與Ox軸重合，取O點電勢為零，Ox方向上各點的電勢隨x變化的情況如圖乙所示，若在O點由靜止釋放一電子，電子僅受電場力的作用，則()A電子一直沿Ox負方向運動B電場力一直做正功C電子運動的加速度不變D電子的電勢能逐漸增大10、如圖，A、B 兩點分

7、別位于大、小輪的邊緣上，C 點位于大輪半徑的中點，大輪的半徑是小輪半徑的 2 倍，它們之間靠摩擦傳動，接觸面不打滑下列說法正確的是 （ ）AA 與 B 線速度大小相等BB 與 C 線速度大小相等CA 的角速度是 C 的 2 倍DA 與 C 角速度大小相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某實驗小組設計如圖所示的電路，測量電源電動勢E和一個定值電阻Rx的阻值。實驗室提供的器材有：待測電阻Rx(約100)，待測電源E(電動勢約3V，內阻不計)，電壓表V(量程03V，內阻約15k)，電阻箱R(阻值范圍0999.9)，電鍵S，導線若干。

8、實驗步驟如下：.閉合開關S，多次調節電阻箱，記下壓表的示數U和電阻箱相應的阻值R；.以R為縱坐標，_為橫坐標，作圖線(用直線擬合)；.由圖線得出直線與縱軸的交點坐標為a(a0)，與橫軸的交點坐標為b(b0)。則定值電阻Rx=_，電源電動勢E=_(用a、b表示)12（12分）下圖各儀器的讀數：（螺旋測微器）為_ mm，(量程為0.6A的電流表)為_ A四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在勻強電場中，將一電荷量為210-5C的負電荷由A點移到B點，其電勢能增加了0.001J，已知A、B兩點間距離為4

9、cm，兩點連線與電場方向成60角，求：A、B兩點間的電勢差UAB；該勻強電場的電場強度E14（16分）如圖所示，變壓器原線圈輸入電壓為220 V，副線圈輸出電壓為36 V，兩只燈泡的額定電壓均為36 V，L1額定功率為12 W，L2額定功率為6 W試求：(1)該變壓器的原、副線圈的匝數比；(2)兩燈均正常工作時原線圈中的電流以及只有L1工作時原線圈中的電流15（12分）如圖所示，兩平行光滑導軌相距為0.2m，處于一勻強磁場中.金屬棒MN的質量為m=0.01，電阻R=8，水平放置在導軌上并與導軌接觸良好.勻強磁場的磁感應強度B大小為0.8T，方向豎直向下.電源電動勢E為10V，內阻r=1當開關S

10、閉合時，MN處于靜止狀態.(設=45，g = 10m/s2)求：（1）金屬棒MN受到的安培力多大？（2）變阻器R1此時的電阻值為多少？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當把R1的觸頭向右滑動時，R1增大，外電路總電阻增大，干路電流減小，路端電壓增大，則電流表讀數減小，電容器兩極板間的電壓U增大。由分析可知，板間場強增大，油滴所受電場力增大，則油滴向上運動，故C正確，ABD錯誤。2、A【解析】A、根據電場線的疏密表示電場強度的相對大小，可知EaEbEc故A正確；B、沿著電場線方向電勢是降低的，同一等勢面上

11、各點的電勢相等，則知cb=a故B錯誤；C、沿cba路徑移動質子與電子，根據公式W=qU，知由于電子與質子的電性相反，電場力對質子做正功，對電子做負功，則質子的電勢能減小，電子的電勢能增大，故C錯誤；D、沿bc方向直線射入的電子，所受的電場力沿cb方向，電子做直線運動故D錯誤；故選A3、C【解析】未放通電導線時，對條形磁鐵，根據平衡條件和胡克定律有 mgsin=kx1通電導線放在a點時，根據左手定則，知通電導線所受的安培力F斜向右下方，則電流產生的磁場對磁鐵產生的作用力F斜向左上方，彈簧的彈力大于mgsin，根據胡克定律知彈簧伸長量xax1。通電導線放在b點時，通電導線所受的安培力垂直斜面向下，

12、則電流產生的磁場對磁鐵產生的作用力垂直向下，彈簧的彈力仍等于mgsin，則xb=x1。同理，通電導線放在c點時，彈簧的彈力小于mgsin，根據胡克定律知彈簧伸長量xcx1。綜上有 xax1=xbxc。故選：C。【點睛】解決本題的關鍵是掌握左手定則，并判斷出安培力的方向，根據牛頓第三定律結合共點力平衡判斷支持力和彈簧彈力的變化4、A【解析】AB結合正點電荷的電場線與等勢面的特點可知，離點電荷越近電場強度越大，所以M點的電場強度大于N點的電場強度，故A正確，B錯誤；CD沿電場線的方向電勢降低，由于電場線從正電荷出發到負電荷，所以M點的電勢高于N點的電勢，故C錯誤，D錯誤。5、A【解析】解： 沿著電

13、場線的方向電勢越來越低,電場強度要看電場線的疏密,切忌混淆，其他均正確，所以A錯誤6、B【解析】首先認識電路的連接關系：與R并聯后與串聯,電壓表測路端電壓，電流表測量流過的電流；滑片向b端移動時，滑動變阻器接入電阻增大，則由閉合電路的歐姆定律可知電路中干路電流的變化及路端電壓的變化；再分析并聯電路可得出電流表示數的變化。本題中也可直接作為內電阻處理，可直接由閉合電路歐姆定律得出并聯部分的電壓增大，流過的電流增大。【詳解】當滑片向b滑動時，R接入電阻增大，總電阻增大；由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流減小，則內電壓減小，由可知路端電壓增大，即電壓表示數增大；因路端電壓增大，兩端的電壓減小,故并

14、聯部分電壓增大，由歐姆定律可知電流表示數增大，故B正確，ACD錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】C點的電勢：則UOC=O-C=0-（-4）=4V根據勻強電場的特點可知：UAO=UOC=4V則：A=O+UAC=4V粒子在A點的動能是1eV，在B點的動能是12eV，根據動能定理得：WAB=EKB-EKA=12-1=4eV所以：，選項A錯誤；B=A-UAB=4-4=0V，則UBC=B-C=0-（-4）=4V故B正確；由于B點的電勢等于O點的電勢等

15、于0，所以O與B是等勢點，連接OB，則OB為勻強電場的等勢面，過A點做OB的垂線交OB與D點，則AD的方向就是該電場的場強方向，如圖：O點是圓心，由幾何關系可知：ABO=BAC=63.5所以：AOB=110-ABO-BAC=110-63.5-63.5=53所以：Rsin530.050.10.04m由于OBD是等勢面，所以：故C正確A點的電勢為4V，所以粒子在A點的電勢能：EPA=eA=4eV，粒子的總能量：E=EKA+EPA=1+4=12eV，所以當某個粒子經過圓周上某一位置時，若具有6eV的電勢能，則同時具有6eV的動能故D正確；故選BCD.點睛：該題考查粒子在勻強電場中的運動問題，解答本題

16、關鍵是先求出C點的電勢，然后正確判斷出AB的電勢，判斷出B點的電勢與O點的電勢相等然后從電場力做功公式W=qEd，判斷出電場線的方向，并運用這個公式求解電場力做功，要理解這個公式中d是兩點沿電場線方向的距離8、AD【解析】A、B、根據電容的決定式得知，電容與極板間距離成反比，當保持S不變，增大d時，電容減小，電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析可知板間電勢差增大，則靜電計指針的偏角變大；故A正確，B錯誤.C、D、根據電容的決定式得知，電容與極板的正對面積成正比，當保持d不變，增大S時，電容增大，電容器極板所帶的電荷量Q不變，則由電容的定義式分析可知板間電勢差減小，靜電計指針的偏角變小；故C錯

17、誤，D正確.故選AD.【點睛】本題是電容動態變化分析問題，關鍵抓住兩點：一是電容器的電量不變；二是掌握電容的兩個公式：電容的決定式C=S4kd和C=QU.9、BC【解析】由電勢位移圖象可知，電勢隨位移均勻增加，相同位移間的電勢差相同，電場強度恒定，電子運動的加速度恒定，C正確沿Ox軸方向電勢增大，電場線方向與Ox軸負方向重合，電子沿Ox軸正方向運動，A不正確電場力方向也沿Ox軸正方向，電場力做正功，B正確由功能關系，電場力做正功，電勢能減少，D不正確10、AD【解析】A靠摩擦傳動做勻速轉動的大、小兩輪接觸面互不打滑，知A、B兩點具有相同的線速度，故A正確；BC點A和點B具有相同的線速度大小，又

18、因為A、C具有相同的角速度，根據可知B點的線速度大于C點的線速度，故B錯誤；C點A和點C是同軸傳動，角速度相等，故C錯誤，D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 a 【解析】.由閉合電路歐姆定律可知：變形可得：，以R為縱坐標，位列得出直線應以為橫坐標；.由可知，圖象的縱截距：，圖象的斜率的絕對值：，解得：定值電阻，.12、2.150 0.42 【解析】螺旋測微器讀數為：2mm+0.01mm15.0=2.150mm；量程為0.6A的電流表最小刻度為0.02A，則讀數為：0.42 A；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）50V（2）2500V/m【解析】(1) 由題，電勢能增加多少，電場力做負功多少。由U=Wq求解電勢差；(2) 由U=Ed=EABcos60可求解電場強度E。【詳解】(1) 將一電荷量為210-5C的負電荷由A點移到B點，其電勢能增加了0.001J，則電場力做負功0.001J，則A、B兩點間的電勢差：UAB=WABq=-0.001-210-5V=50V；(2) 強電場的電場強度E=Udcos600=500.040.5Vm=2500Vm。【點睛】本題考查電場力做功與電勢能變化的關