1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng):1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時(shí)請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、兩個(gè)放在絕緣架上的相同金屬球相距r，球的半徑比r小得多，帶電量大小分別為-q和3q，引力大小為3F?，F(xiàn)將這兩個(gè)

2、金屬球相接觸，然后分開，仍放回原處，則它們之間的相互作用力大小將變?yōu)椋?）A4F B2F C32F DF2、如圖所示，帶正電的小球Q固定在傾角為的光滑固定絕緣細(xì)桿下端，讓另一穿在桿上的質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球從A點(diǎn)由靜止釋放，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度恰好為零。若A、B間距為L，C是AB 的中點(diǎn)，兩小球都可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g。則下列判斷正確的是A從A至B，q 先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后做勻減速運(yùn)動(dòng)B在B點(diǎn)受到的庫侖力大小是mgsinCQ產(chǎn)生的電場中，A、B兩點(diǎn)間的電勢差大小為U=mgLsinqD在從A至C和從C至B的過程中，前一過程q電勢能的增加量較大3、如圖所示為點(diǎn)電荷、所形成電場的電場線分布圖（

3、箭頭未標(biāo)出），在M點(diǎn)處放置一個(gè)電荷量大小為的負(fù)試探電荷，受到的電場力大小為F，以下說法中正確的是（ ）A、由電場線分布圖可知M點(diǎn)處的場強(qiáng)比N點(diǎn)場強(qiáng)大B、M點(diǎn)處的場強(qiáng)大小為，方向與所受電場力方向相同C、為異種電荷，的電荷量小于的電荷量D、如果M點(diǎn)處的點(diǎn)電荷電量變?yōu)椋撎巿鰪?qiáng)變?yōu)?、回旋加速器的工作原理如圖所示：真空容器D形盒放在與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場中兩盒間狹縫間距很小，粒子從粒子源A處（D形盒圓心）進(jìn)入加速電場（初速度近似為零）D形盒半徑為R，粒子質(zhì)量為m、電荷量為+q，加速器接電壓為U的高頻交流電源若相對論效應(yīng)、粒子所受重力和帶電粒子穿過狹縫的時(shí)間均不考慮下列論述正確的是A交流電源的頻率可以任

4、意調(diào)節(jié)不受其他條件的限制B增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B，粒子被加速后獲得的最大動(dòng)能增大C增大電壓U，粒子被加速后獲得的最大動(dòng)能增大D增大U或B，粒子在D型盒內(nèi)運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t 都減少5、2017年12月，我國大飛機(jī)三劍客之一的“鯤龍”AG600成功首飛若該飛機(jī)在起飛過程中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，下列能反映該運(yùn)動(dòng)過程的圖象是()ABCD6、A、B、C三點(diǎn)在同一直線上，AB:BC=1:2，B點(diǎn)位于A、C之間，在B處固定一電荷量為Q的點(diǎn)電荷當(dāng)在A處放一電荷量為q的點(diǎn)電荷時(shí)，它所受到的電場力為F；移去A處電荷，在C處放電荷量為-2q的點(diǎn)電荷，其所受電場力為 （ ）A-F/2BF/2C-FDF二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，

5、每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、金星、地球和火星均繞著太陽的公轉(zhuǎn)，它們的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)已知它們的軌道半徑關(guān)系r金r地r火，則它們的向心加速度a、線速度v、角速度、周期T，大小關(guān)系正確的是（）Aa火a地a金B(yǎng)v金v地v火C金地火DT金T地T火8、如圖所示，長為L的細(xì)繩一端固定，另一端系一質(zhì)量為m的小球給小球一個(gè)合適的初速度，小球便可在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，這樣就構(gòu)成了一個(gè)圓錐擺，設(shè)細(xì)繩與豎直方向的夾角為.下列說法中正確的是()A小球受重力、繩的拉力和向心力作用B小球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為L

6、sinC越大，小球運(yùn)動(dòng)的角速度越大D越大，小球所受的合力越小9、如圖所示，回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電兩極相連接的兩個(gè)D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成的周期性變化的勻強(qiáng)電場，使粒子在通過狹縫時(shí)都能得到加速兩D形金屬盒處于垂直于盒底面的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向如圖所示，設(shè)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B， D形金屬盒的半徑為R，狹縫間的距離為d，勻強(qiáng)電場間的加速電壓為U，要增大帶電粒子（電荷量為q，質(zhì)量為m，不計(jì)重力）射出時(shí)的動(dòng)能，則下列方法中正確的是A增大加速電場間的加速電壓B減小狹縫間的距離C增大磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度D增大D形金屬盒的半徑10、圖中甲是勻強(qiáng)電場，乙是孤立的正點(diǎn)電

7、荷形成的電場，丙是等量異種點(diǎn)電荷形成的電場（a、b位于兩點(diǎn)電荷連線上，且a位于連線的中點(diǎn)），丁是等量正點(diǎn)電荷形成的電場（a、b位于兩點(diǎn)電荷連線的中垂線上）有一個(gè)正檢驗(yàn)電荷僅在電場力作用下分別從四個(gè)電場中的a點(diǎn)由靜止釋放，動(dòng)能Ek隨位移x變化的關(guān)系圖象如圖線 所示，其中圖線 是直線，下列說法中正確的是A甲對應(yīng)的圖線是B乙對應(yīng)的圖線是C丙對應(yīng)的圖線是D丁對應(yīng)的圖線是三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在描繪一個(gè)標(biāo)有“6.3V 0.3V”小燈泡的伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)中，要求燈泡兩端的電壓由零漸漸增加到6.3V，并便于操作，已選用的器材有：

8、學(xué)生電源（電動(dòng)勢為9V，內(nèi)阻約1歐）電流表（量程為0-0.6A，內(nèi)阻約0.2歐；量程為0-3A，內(nèi)阻約0.04歐）；電壓表（量程為0-3V，內(nèi)阻約3千歐，0-15V，內(nèi)阻約15千歐）；滑動(dòng)變阻器，開關(guān)一個(gè)導(dǎo)線若干(1)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖_(2)實(shí)驗(yàn)得到的小燈泡I-U圖線，由此可知，當(dāng)小燈泡兩端的電壓增加時(shí)，小燈泡的電阻將_(選變大或變小)(3)根據(jù)(2)中的I-U圖像，可判斷出下面中正確的關(guān)系圖是（圖中P為小燈泡功率）（_）ABCD12（12分）有一個(gè)小燈泡上標(biāo)有“4V、2W”的字樣，現(xiàn)在要用伏安法描繪這個(gè)燈泡的伏安特性圖線.現(xiàn)有下列器材供選用:A電壓表(0-5V，內(nèi)阻10k)B電壓表(0-15V

9、，內(nèi)阻20 k)C電流表(0-3A，內(nèi)阻1)D電流表(0-0.6A，內(nèi)阻0. 4)E.滑動(dòng)變阻器(10，2A)F.滑動(dòng)變阻器(500，1A) G.學(xué)生電源(直流6V)、開關(guān)、導(dǎo)線若干（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，選用圖甲而不選用圖乙的電路圖來完成實(shí)驗(yàn)，理由_；（2）實(shí)驗(yàn)中所用電壓表應(yīng)選_，電流表應(yīng)選用_，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_.(用序號字母表示)（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出的I-U圖象如下，從圖象看出，電壓越高對應(yīng)的實(shí)際電阻值越_，這說明燈絲材料的電阻率隨溫度的升高而_。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，區(qū)域I內(nèi)有與水平方向

10、成角的勻強(qiáng)電場，區(qū)域?qū)挾葹椋瑓^(qū)域內(nèi)有正交的有界勻強(qiáng)磁場B和勻強(qiáng)電場，區(qū)域?qū)挾葹?，磁場方向垂直紙面向里，電場方向豎直向下.一質(zhì)量為m、電量大小為q的微粒在區(qū)域I左邊界的P點(diǎn)，由靜止釋放后水平向右做直線運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入?yún)^(qū)域后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從區(qū)域右邊界上的Q點(diǎn)穿出，其速度方向改變了，重力加速度為g，求：(1)區(qū)域I和區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度的大小. (2)區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小. (3)微粒從P運(yùn)動(dòng)到Q的時(shí)間有多長.14（16分）如圖所示，豎直放置的半圓形絕緣軌道半徑為R，下端與絕緣水平面平滑連接，整個(gè)裝置處于方向豎直向上的勻強(qiáng)電場E中一質(zhì)量為m、帶電量為的物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），從水平面上的A

11、點(diǎn)以初速度v0水平向左運(yùn)動(dòng)，沿半圓形軌道恰好通過最高點(diǎn)C，場強(qiáng)大小為E，且,試求：（1）物塊經(jīng)過最高點(diǎn)C的速度為多大？（2）試計(jì)算物塊在運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力做的功（3）證明物塊離開軌道落回水平面的水平距離與場強(qiáng)大小E無關(guān)，且為一常量15（12分）用單位長度電阻為r0=0.05/m的導(dǎo)線繞制一個(gè)n=100匝、邊長a=0.20m的正方形線圈，線圈兩端與阻值R=16的電阻連接構(gòu)成的閉合回路，如圖甲所示。線圈處在均勻磁場中，磁場方向垂直于線圈平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙所示。求：（1）在01.0102s時(shí)間內(nèi)，通過R的電荷量是多少；（2）1分鐘內(nèi)電流通過電阻R所產(chǎn)生的熱量。參考答案一

12、、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】由庫侖定律可得：3F=kq3qr2=3kq2r2；即F=kq2r2；兩電荷由于引力，則帶異種電荷，當(dāng)兩球接觸后再分開平分總電量，故分開后兩球的帶電量為q；則庫侖力F=kq2r2=F，故ABC錯(cuò)誤，D正確；故選D。2、C【解析】小球q下滑過程中，沿桿的方向受到重力的分力mgsin和庫侖力，兩力方向相反，根據(jù)庫侖定律：F=kQqr2可知，庫侖力逐漸增大，由題意可知，庫侖力開始時(shí)小于mgsin，后來大于mgsin，所以q先做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度增大的變減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)庫侖力與

13、mgsin大小相等時(shí)速度最大，故A錯(cuò)誤；q從先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，在B點(diǎn)時(shí)加速度沿桿向上，所以庫侖力大于mgsin，故B錯(cuò)誤；從A到B，根據(jù)動(dòng)能定理得：mgLsin+qUAB=0，又UBA=-UAB，可得：UBA=mgLsinq，故C正確；下滑過程，AC間的場強(qiáng)小，CB間場強(qiáng)大，根據(jù)U=Ed知，A、C間的電勢差值小于C、B間的電勢差值，根據(jù)電場力做功公式W=qU得知，從A至C電場力做功較小，則電勢能的增加量較小，故D錯(cuò)誤。所以C正確，ABD錯(cuò)誤。3、C【解析】試題分析：根據(jù)電場線的疏密程度，判斷N點(diǎn)的場強(qiáng)比M點(diǎn)的場強(qiáng)大，故A錯(cuò)誤；據(jù)場強(qiáng)的定義式知，M點(diǎn)的場強(qiáng)大小為，場強(qiáng)方向的規(guī)定知，該點(diǎn)的

14、場強(qiáng)方向與負(fù)檢驗(yàn)電荷所受電場力方向相反，故C錯(cuò)誤；據(jù)點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式：知，場源的電荷量越大距離場源相同距離的位置場強(qiáng)越大，電場線越密，由圖可知的右側(cè)電場線密，的左側(cè)電場線稀疏，所以的電荷量小于的電荷量，故C正確；據(jù)場強(qiáng)由電場本身決定，與檢驗(yàn)電荷無關(guān)，所以M點(diǎn)處的點(diǎn)電荷電量變?yōu)?，該處場?qiáng)不變，故D錯(cuò)誤。考點(diǎn)：電場強(qiáng)度【名師點(diǎn)睛】根據(jù)電場線的特點(diǎn)，判斷M和N的場強(qiáng)、為異種電荷；根據(jù)場強(qiáng)的定義式和場強(qiáng)方向的規(guī)定判斷選項(xiàng)即可。用好用活電場線與場強(qiáng)的關(guān)系是解題的關(guān)鍵，此題判斷的電荷量的多少關(guān)系是難點(diǎn)。4、B【解析】A.根據(jù)回旋加速器的原理，每轉(zhuǎn)一周粒子被加速兩次，交流電完成一次周期性變化，粒子做圓周運(yùn)動(dòng)

15、洛倫茲力提供向心力，則有：解得：粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：交流電源的頻率：解得：可知交流電源的頻率不可以任意調(diào)節(jié)。故A錯(cuò)誤；BC.質(zhì)子加速后的最大軌道半徑等于D型盒的半徑，洛倫茲力提供向心力，則有：解得粒子的最大運(yùn)行速度：質(zhì)子獲得的最大動(dòng)能：解得：可知增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B，粒子被加速后獲得的最大動(dòng)能增大，粒子被加速后獲得的最大動(dòng)能與加速電壓無關(guān)。故B正確，C錯(cuò)誤；D.質(zhì)子完成一次圓周運(yùn)動(dòng)被電場加速2次，由動(dòng)能定理得：經(jīng)過的周期個(gè)數(shù)為：質(zhì)子在D型盒磁場內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：則有：所以質(zhì)子在狹縫內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：可見U越大，越小；B越大，t越大。故D錯(cuò)誤。5、D【解析】飛機(jī)在起飛過程中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由，可知x-t

16、圖為二次函數(shù)數(shù)，故AC錯(cuò)誤；由，可知v-t圖為正比例函數(shù)，故B錯(cuò)誤，D正確6、B【解析】設(shè)AB的距離為r，在A處放電荷量為q的點(diǎn)電荷，在B處放電荷量為Q的點(diǎn)電荷，據(jù)庫侖定律有：；移去A處電荷，在C處放2q的點(diǎn)電荷，該電荷受到的電場力為：，據(jù)同種電荷相斥，異種電荷相吸可知，兩力方向相同故選項(xiàng)B正確二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】行星繞太陽運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬有引力提供向心力，設(shè)太陽的質(zhì)量為，行星的質(zhì)量為，行星的軌道半徑為，根據(jù)牛頓第二定律有：可得向心加速度為：線速

17、度為：角速度：周期：由題意有金地火，所以有：金地火金地火金地火金地火A.與分析相符，故A正確；B.與分析不符，故B錯(cuò)誤；C.與分析不符，故C錯(cuò)誤；D.與分析相符，故D正確8、BC【解析】分析小球的受力：受到重力、繩的拉力，二者的合力提供向心力，向心力是效果力，不能分析物體受到向心力然后用力的合成求出向心力：mgtan，用牛頓第二定律列出向心力的表達(dá)式，求出角速度的表達(dá)式，分析變化，由表達(dá)式判斷合力和角速度的變化【詳解】A. 小球只受重力和繩的拉力作用，二者合力提供向心力，故A錯(cuò)誤；B.小球在水平面做圓周運(yùn)動(dòng)，半徑R=Lsin，故B正確；C. 向心力大小為：Fn=mgtan，小球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑

18、為：r=Lsin，則由牛頓第二定律得：mgtan=m2Lsin，得到線速度：v=，越大，cos越小，小球運(yùn)動(dòng)的角速度越大，故C正確D. 小球受到的合外力為mgtan，越大，tan越大，合力越大，故D錯(cuò)誤；故選BC9、CD【解析】根據(jù)qvB=m得，粒子的最大速度v=，則最大動(dòng)能EKm=知增大動(dòng)能，需增大D形盒的半徑，或增大磁感應(yīng)強(qiáng)度故CD正確，A、B錯(cuò)誤故選CD10、AC【解析】正檢驗(yàn)電荷僅在電場力作用下，由靜止開始運(yùn)動(dòng)，其中甲、乙、丙中正檢驗(yàn)電荷沿電場方向運(yùn)動(dòng)，丁中正檢驗(yàn)電荷靜止不動(dòng)電場力對正檢驗(yàn)電荷做功改變其動(dòng)能，有EqxEk，動(dòng)能Ek隨x的變化率E，而電場強(qiáng)度E隨x的變化情況是：甲中E為常

19、數(shù)，乙圖中E減小，丙圖中E增大，所以A、C選項(xiàng)正確，B、D選項(xiàng)錯(cuò)誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 變大 BD 【解析】(1)1燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻為：，該電阻值相對于電壓表屬于小電阻，所以電流表應(yīng)采用外接法，且要求燈泡兩端的電壓由零逐漸增加到6.3V，則滑動(dòng)變阻器需要分壓式，因此實(shí)驗(yàn)電路如圖所示：(2)2在I-U圖象中，各個(gè)點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)的連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，隨電壓增大，各點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)的連線的斜率減小，所以可知待測電阻的電阻值增大(3)3由圖甲所示圖象可知，隨電流增大，燈泡電阻R增大，由，可知，隨U2增大P-U2圖象

20、的斜率減小，故B正確由P=I2R可知，在P-I2圖象中圖象上某點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率為電阻R，而電阻R又隨I的增大而增大，則P-I2圖象的斜率隨I2的增大而增大，由圖象可知，故D正確，所以選BD12、 電壓必須從0開始調(diào)節(jié) A D E 大 增大【解析】試題分析：根據(jù)滑動(dòng)變阻器分壓及限流接法的不同作用，結(jié)合題意選擇滑動(dòng)變阻器的接法；由電流表、電壓表與燈泡內(nèi)阻間的大小關(guān)系確定電流表的接法儀表的選擇應(yīng)本著安全準(zhǔn)確的原則；電壓表要測量燈泡兩端的電壓，故應(yīng)通過燈泡的額定電壓值判斷需要的電壓表；由流過燈泡的電流判斷需要的電流表；由題意判斷需要的滑動(dòng)變阻器明確伏安特性曲線的性質(zhì)，知道金屬導(dǎo)體的電阻率隨溫度的變化

21、關(guān)系（1）在用伏安法描繪這個(gè)燈泡的I一U圖線的實(shí)驗(yàn)中，電壓要從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，所以電路圖只能選用圖甲（2）因燈泡的額定電壓為4V，為保證安全選用的電壓表量程應(yīng)稍大于4V，但不能大太多，量程太大則示數(shù)不準(zhǔn)確；故只能選用05V的電壓表，故選A；由P=UI得，燈泡的額定電流，故電流表應(yīng)選擇00.6A的量程，故選D；而由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動(dòng)變阻器分壓接法，而分壓接法中應(yīng)選總阻值小的滑動(dòng)變阻器，故選E；（3）I-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，由圖可知，電阻應(yīng)越來越大，原因是金屬材料的電阻率隨溫度的升高而增大；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求