1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿(mǎn)、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫(xiě)清楚，線(xiàn)條、符號(hào)等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是

2、符合題目要求的。1、下列關(guān)于物理學(xué)思想方法的敘述錯(cuò)誤的是( )A探究加速度與力和質(zhì)量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中運(yùn)用了控制變量法B加速度 、功率 P=W/t 的定義都運(yùn)用了比值定義法C千克、米、秒都是基本單位D平均速度、合力、有效值等概念的建立運(yùn)用了等效替代法2、電磁炮是一種理想的兵器,而電容式電磁炮一直是世界各國(guó)研究的熱點(diǎn)研究它的主要原理如圖若電容器的電容C=510-2F,電磁炮釋放前兩端電壓為2kV,利用這種裝置可以把質(zhì)量m=20g的彈體(包括金屬桿EF的質(zhì)量)在極短的時(shí)間內(nèi)加速到500m/s發(fā)射出去,若這種裝置的軌道寬L=2m、軌道內(nèi)充滿(mǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng),不計(jì)軌道摩擦且金屬桿EF與軌道始

3、終接觸良好,則在這個(gè)過(guò)程中下列說(shuō)法正確的是（ ）A通過(guò)電磁炮的電荷量為2CB通過(guò)電磁炮的電荷量為100CC電容器兩端的電壓將變?yōu)?.5kVD電容器兩端的電壓將變?yōu)?0V3、如圖所示，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m，靜止疊放在水平地面上。A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g。現(xiàn)對(duì)A施加一水平拉力F，則A當(dāng)時(shí)，A、B都相對(duì)地面靜止B當(dāng)時(shí)，A的加速度為C當(dāng)時(shí)，A相對(duì)B滑動(dòng)D隨著F的增大，B的加速度會(huì)超過(guò)4、宇航員王亞平在“天宮1號(hào)”飛船內(nèi)太空授課時(shí)，指令長(zhǎng)聶海勝懸浮在太空艙內(nèi)“太空打坐”的情景如圖若聶海勝的質(zhì)量為m，距離地球表面的高度為h，地

4、球質(zhì)量為M，半徑為R，引力常量為G，地球表面的重力加速度為g，則聶海勝在太空艙內(nèi)受到重力的大小為 A0 Bmg C D5、如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定在墻壁上，另一端與擋板相連（擋板質(zhì)量不可忽略）放置在光滑的水平面上。把一質(zhì)量為m的物體A緊靠著擋板壓縮彈簧后，由靜止開(kāi)始釋放，彈簧前端到O點(diǎn)時(shí)物體與擋板分離，此時(shí)物體的動(dòng)能為E；現(xiàn)換一質(zhì)量為M(Mm)的物體B緊靠著擋板壓縮彈簧到相同的位置，由靜止釋放，則A彈簧前端到O點(diǎn)左側(cè)時(shí)B物體與擋板分離B彈簧前端到O點(diǎn)右側(cè)時(shí)B物體與擋板分離C物體B與擋板分離時(shí)的動(dòng)能大于EoD物體B與擋板分離時(shí)的動(dòng)能小于Eo6、如圖，可視為質(zhì)點(diǎn)的小球位于半圓柱體左端點(diǎn)A的正上方

5、某處，以初速度v0水平拋出，其運(yùn)動(dòng)軌跡恰好能與半圓柱體相切于B點(diǎn)。過(guò)B點(diǎn)的半圓柱體半徑與水平方向的夾角為30，則半圓柱體的半徑為（不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g ）（）ABCD二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、美國(guó)地球物理專(zhuān)家通過(guò)計(jì)算可知，因?yàn)槿毡镜牡卣饘?dǎo)致地球自轉(zhuǎn)快了1.6s（1s的百萬(wàn)分之一），通過(guò)理論分析下列說(shuō)法正確的是A地球赤道上物體的重力會(huì)略變小B地球赤道上物體的重力會(huì)略變大C地球同步衛(wèi)星的高度略調(diào)小D地球同步衛(wèi)星的高度略調(diào)大8、一質(zhì)點(diǎn)開(kāi)始時(shí)做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，

6、從某時(shí)刻起受到一恒力作用此后，該質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能可能( )A一直增大B先逐漸減小至零，再逐漸增大C先逐漸增大至某一最大值，再逐漸減小D先逐漸減小至某一非零的最小值，再逐漸增大9、如圖所示，繃緊的長(zhǎng)為6 m的水平傳送帶，沿順時(shí)針?lè)较蛞院愣ㄋ俾蕍12 m/s運(yùn)行。一小物塊從與傳送帶等高的光滑水平臺(tái)面滑上傳送帶，其速度大小為v25 m/s。若小物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2，重力加速度g10 m/s2，下列說(shuō)法中正確的是A小物塊在傳送帶上先向左做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，然后向右做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)B若傳送帶的速度為5 m/s，小物塊將從傳送帶左端滑出C若小物塊的速度為4 m/s，小物塊將以2 m/s的速度從傳送帶右

7、端滑出D若小物塊的速度為1 m/s，小物塊將以5 m/s的速度從傳送帶右端滑出10、一質(zhì)量為的小球從處自由下落，與水平地面相碰后以的速度反彈已知小球與地面的作用時(shí)間為，重力加速度取，則下列說(shuō)法正確的是（ ）A小球反彈起的最大高度為B碰撞前后速度改變量的大小為C地面對(duì)小球的沖量大小為D地面對(duì)小球的平均作用力大小為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）指針式多用電表是實(shí)驗(yàn)室中常用的測(cè)量?jī)x器，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：（1）在使用多用電表測(cè)量時(shí)，若選擇開(kāi)關(guān)找至“25V“擋，指針的位置如圖（a）所示，則測(cè)量結(jié)果為_(kāi)V（2）多用電表測(cè)量未知電阻阻值的電

8、路如圖（b）所示，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，R0為調(diào)零電阻某次將待測(cè)電阻用電阻箱代替時(shí)，電路中電流I與電阻箱的阻值Rx關(guān)系圖象如圖（c）所示，則此時(shí)多用電表的內(nèi)阻為_(kāi)，該電池的電動(dòng)勢(shì)E_V（3）下列判斷正確的是（_）A在圖（b）中、電表的左、右插孔處分別標(biāo)注著“”、“+”B由圖線(xiàn)（c）的特點(diǎn)可知，歐姆表的刻度盤(pán)上的數(shù)字左小右大C歐姆表調(diào)零的實(shí)質(zhì)是通過(guò)調(diào)節(jié)R，使Rx0時(shí)電路中的電流達(dá)到滿(mǎn)偏電流D電阻Rx的變化量相同時(shí)，Rx越小，則對(duì)應(yīng)的電流變化量就越?。?）如果隨著使用時(shí)間的增長(zhǎng)，該多用電表內(nèi)部的電源電動(dòng)勢(shì)減少，內(nèi)阻增大，但仍然能夠歐姆調(diào)零，如仍用該表測(cè)電阻，則測(cè)量結(jié)果是_（填“偏大”“偏小”或“不變”

9、）12（12分）某學(xué)生用如圖甲所示電路測(cè)金屬導(dǎo)線(xiàn)的電阻率，可供使用的器材有：被測(cè)金屬導(dǎo)線(xiàn)ab(電阻約10 ，允許流過(guò)的最大電流0.8 A)，穩(wěn)恒電源E(電源輸出電壓恒為E12 V)，電壓表V(量程為3 V，內(nèi)阻約為5 k)，保護(hù)電阻：R110 ，R230 ，R3200 ，刻度尺、螺旋測(cè)微器，開(kāi)關(guān)S，導(dǎo)線(xiàn)若干等實(shí)驗(yàn)時(shí)的主要步驟如下：用刻度尺量出導(dǎo)線(xiàn)ab的長(zhǎng)度L，用螺旋測(cè)微器測(cè)出導(dǎo)線(xiàn)的直徑d.按如圖甲所示電路將實(shí)驗(yàn)所需器材用導(dǎo)線(xiàn)連接好閉合開(kāi)關(guān)S，移動(dòng)接線(xiàn)觸片P，測(cè)出aP長(zhǎng)度x，讀出電壓表的示數(shù)U.描點(diǎn)作出Ux曲線(xiàn)求出金屬導(dǎo)線(xiàn)的電阻率.完成下列填空：（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬導(dǎo)線(xiàn)的直徑d，其示數(shù)如圖

10、乙所示，該金屬導(dǎo)線(xiàn)的直徑d_ mm.（2）如果實(shí)驗(yàn)時(shí)既要保證安全，又要測(cè)量誤差較小，保護(hù)電阻R應(yīng)選_（3）根據(jù)多次實(shí)驗(yàn)測(cè)出的aP長(zhǎng)度x和對(duì)應(yīng)每次實(shí)驗(yàn)讀出的電壓表的示數(shù)U給出的Ux圖線(xiàn)如圖丙所示，其中圖線(xiàn)的斜率為k，則金屬導(dǎo)線(xiàn)的電阻率_.(用實(shí)驗(yàn)器材中給出的物理量字母和實(shí)驗(yàn)步驟中測(cè)出的物理量字母表示)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，長(zhǎng)為4m的水平軌道AB與半徑為R=0.6m的豎直半圓弧軌道BC在B處相連接，有一質(zhì)量為1kg的滑塊（大小不計(jì)），從A處由靜止開(kāi)始受水平向右的力F作用，F(xiàn)的大小隨位移

11、變化的關(guān)系如圖乙所示，滑塊與AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=0.25，與BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)未知，g取10m/s2，求：(1)滑塊在水平軌道AB上運(yùn)動(dòng)前2m過(guò)程所用的時(shí)間；(2)滑塊到達(dá)B處時(shí)的速度大小；(3)若到達(dá)B點(diǎn)時(shí)撤去力F，滑塊沿半圓弧軌道內(nèi)側(cè)上滑，并恰好能到達(dá)最高點(diǎn)C，則滑塊在半圓弧軌道上克服摩擦力所做的功是多少？14（16分）如圖所示，一個(gè)粗細(xì)均勻的平底網(wǎng)管水平放置，右端用一橡皮塞塞住，氣柱長(zhǎng)20 cm，此時(shí)管內(nèi)、外壓強(qiáng)均為1.0105Pa，溫度均為27；當(dāng)被封閉氣體的溫度緩慢降至3時(shí)，橡皮塞剛好被推動(dòng)；繼續(xù)緩慢降溫，直到橡皮塞向內(nèi)推進(jìn)了5 cm已知圓管的橫截面積為4.0105m2，橡皮塞與網(wǎng)

12、管間的滑動(dòng)摩擦力等于最大靜摩擦力，大氣壓強(qiáng)保持不變求：（1）橡皮塞與圓管間的最大靜摩擦力；（2）被封閉氣體最終的溫度15（12分）如圖所示，高速收費(fèi)站有人工收費(fèi)通道和ETC（不停車(chē)電子收費(fèi)系統(tǒng)）通道，汽車(chē)通過(guò)ETC通道不用停車(chē)，比通過(guò)人工收費(fèi)通道節(jié)約很多時(shí)間某小汽車(chē)以20m/s的速度在平直公路上行駛至收費(fèi)站前某處減速，使車(chē)勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，恰好能停在人工收費(fèi)通道的繳費(fèi)窗口，繳費(fèi)后立即勻加速到20m/s后繼續(xù)勻速前行已知小轎車(chē)減速時(shí)的加速度大小為，加速時(shí)加速度大小為，停車(chē)?yán)U費(fèi)需用時(shí)25s則：（1）小汽車(chē)應(yīng)該在離人工收費(fèi)窗口多遠(yuǎn)處開(kāi)始減速？（2）小汽車(chē)通過(guò)人工收費(fèi)通道時(shí)，從開(kāi)始減速到恢復(fù)原速需要多少

13、時(shí)間？（3）汽車(chē)通過(guò)ETC通道時(shí)可以不停車(chē)，但要求汽在跟人工窗口一樣距離遠(yuǎn)處開(kāi)始減速，且通過(guò)ETC窗口時(shí)速度不超過(guò)6m/s，則該小汽車(chē)經(jīng)ETC通道最多可節(jié)約多少時(shí)間？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】在探究牛頓第二定律實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要控制質(zhì)量一定，研究加速度與外力的關(guān)系，控制外力一定，研究加速度和質(zhì)量的關(guān)系，故用到了控制變化量法，A正確；公式是加速度的決定式，不是比值法定義，B錯(cuò)誤；g、m、s為基本量的單位，C正確；等效替代法是一種常用的方法，它是指用一種情況來(lái)等效替換另一種情況如“平均速度”、“合力與分力

14、”等，D正確2、A【解析】A、B項(xiàng)：對(duì)電磁炮由動(dòng)量定理可知，得：，代入數(shù)據(jù)解得：，故A正確，B錯(cuò)誤；C、D項(xiàng)：由公式得：，所以電容器兩端電壓變?yōu)?，故C、D錯(cuò)誤故應(yīng)選：A3、C【解析】由題意可知考查板塊模型，靈活選擇研究對(duì)象，運(yùn)用牛頓第二定律計(jì)算可得。【詳解】取B物體分析，合外力時(shí)最大時(shí)加速度最大，由牛頓第二定律可得最大加速度 此時(shí)外力為F，取整體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可得 聯(lián)立可得取整體為研究對(duì)象，B受到地面的摩擦力 ，總結(jié)如下：當(dāng)外力F ，AB都靜止，當(dāng)F ，AB出現(xiàn)相對(duì)滑動(dòng)。A由前面分析可知，當(dāng)時(shí)，A、B一起勻加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B由前分析可知，當(dāng)時(shí)，AB一起加速度運(yùn)動(dòng)，取整體為研究對(duì)

15、象，由牛頓第二定律可得可得AB的加速度為都要為，故B錯(cuò)誤；C由前面分析可知當(dāng)時(shí)，A相對(duì)B滑動(dòng)，故C正確；D由前面的分析可知隨著F的增大，B的加速度不會(huì)超過(guò)，故D錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】板塊模型中，掌握好臨界條件，靈活運(yùn)用整體法和隔離法選擇研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律計(jì)算可得。4、D【解析】飛船在距地面高度為h處，由萬(wàn)有引力等于重力得： ，故D正確，ABC錯(cuò)誤；故選D.5、C【解析】AB擋板與B物體分離時(shí)加速度相同、兩物體間的彈力為零，所以分離時(shí)B物體的加速度為零，即擋板的加速度也為零，由于水平面光滑，所以彈簧恢復(fù)到原長(zhǎng)時(shí)擋板的加速度為零，即彈簧前端在O點(diǎn)時(shí)B物體與擋板分離，故AB錯(cuò)誤；CD由于兩次彈簧壓縮

16、到相同的位置，所以初始狀態(tài)彈簧的彈性勢(shì)能相同，從開(kāi)始到兩物體分離由能量守恒得： ，由于物體B的質(zhì)量大于物體A的質(zhì)量，所以B物體與擋板分離時(shí)的速度較小，此時(shí)擋板具有的動(dòng)能較小，由能量守恒可得B物體的動(dòng)能較大，即大于，故C正確，D錯(cuò)誤。6、C【解析】在B點(diǎn)由速度分解可知，豎直分速度大小為由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律和圓周的幾何條件可知 解得所以ABD錯(cuò)誤；C正確。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】試題分析：據(jù)題，日本的地震導(dǎo)致地球自轉(zhuǎn)快了1.6s，地球自轉(zhuǎn)的周期變

17、小以赤道地面的物體來(lái)分析：由于地球自轉(zhuǎn)的周期變小，在地面上的物體隨地球自轉(zhuǎn)所需的向心力會(huì)增大，而“向心力”等于“地球?qū)ξ矬w的萬(wàn)有引力減去地面對(duì)物體的支持力”，萬(wàn)有引力的大小不變，所以必然是地面對(duì)物體的支持力減小地面對(duì)物體的支持力大小等于物體受到的“重力”，所以是物體的“重力”減小了故A正確，B錯(cuò)誤對(duì)地球同步衛(wèi)星而言，衛(wèi)星的運(yùn)行周期等于地球的自轉(zhuǎn)周期地球自轉(zhuǎn)的周期T變小了，由開(kāi)普勒第三定律R3T2=k可知，衛(wèi)星的軌道半徑R減小，衛(wèi)星的高度要減小些，故C正確，D錯(cuò)誤故選AC考點(diǎn)：萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】本題是信息題，我們要從題目中找出與所求解問(wèn)題相關(guān)的物理信息，再根據(jù)物理知識(shí)解答；對(duì)地球同步

18、衛(wèi)星而言，衛(wèi)星的運(yùn)行周期等于地球的自轉(zhuǎn)周期，由開(kāi)普勒第三定律可以得出衛(wèi)星的高度的變化8、ABD【解析】試題分析：一質(zhì)點(diǎn)開(kāi)始時(shí)做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，說(shuō)明質(zhì)點(diǎn)所受合力為0，從某時(shí)刻起受到一恒力作用，這個(gè)恒力就是質(zhì)點(diǎn)的合力根據(jù)這個(gè)恒力與速度的方向關(guān)系確定質(zhì)點(diǎn)動(dòng)能的變化情況解：A、如果恒力與運(yùn)動(dòng)方向相同，那么質(zhì)點(diǎn)做勻加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能一直變大，故A正確B、如果恒力與運(yùn)動(dòng)方向相反，那么質(zhì)點(diǎn)先做勻減速運(yùn)動(dòng)，速度減到0，質(zhì)點(diǎn)在恒力作用下沿著恒力方向做勻加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能再逐漸增大故B正確C、如果恒力方向與原來(lái)運(yùn)動(dòng)方向不在同一直線(xiàn)上，那么將速度沿恒力方向所在直線(xiàn)和垂直恒力方向分解，其中恒力與一個(gè)速度方向相同，這個(gè)方向速度就

19、會(huì)增加，另一個(gè)方向速度不變，那么合速度就會(huì)增加，不會(huì)減小故C錯(cuò)誤D、如果恒力方向與原來(lái)運(yùn)動(dòng)方向不在同一直線(xiàn)上，那么將速度沿恒力方向所在直線(xiàn)和垂直恒力方向分解，其中恒力與一個(gè)速度方向相反，這個(gè)方向速度就會(huì)減小，另一個(gè)方向速度不變，那么合速度就會(huì)減小，當(dāng)恒力方向速度減到0時(shí)，另一個(gè)方向還有速度，所以速度到最小值時(shí)不為0，然后恒力方向速度又會(huì)增加，合速度又在增加，即動(dòng)能增大故D正確故選ABD【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，判斷速度增加還是減小，我們就看加速度的方向和速度的方向?qū)τ谑芎懔ψ饔玫那€(xiàn)運(yùn)動(dòng)，我們可以將速度分解到恒力方向和垂直恒力方向，再去研究9、BC【解析】A小物塊在傳送帶上先向左做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，

20、設(shè)加速度大小為a，速度減至零時(shí)通過(guò)的位移為x。根據(jù)牛頓第二定律得：mg=ma，解得：a=g=2m/s2物塊速度減為零時(shí)的位移為：所以小物塊將從傳送帶左端滑出，不會(huì)向右做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。故A錯(cuò)誤。B傳送帶的速度為5m/s時(shí)，物塊在傳送帶上受力情況相同，則運(yùn)動(dòng)情況相同，從傳送帶左端滑出，故B正確。C若小物塊的速度為4 m/s時(shí)，物塊速度減為零時(shí)的位移為：所以小物塊沒(méi)有從傳送帶左端滑出，當(dāng)小物塊與傳送帶共速時(shí)運(yùn)動(dòng)的位移為：所以物塊將會(huì)與傳送帶共速，即小物塊將以2 m/s的速度從傳送帶右端滑出。故C正確。D若小物塊的速度為1 m/s，物塊速度減為零時(shí)的位移為：所以小物塊沒(méi)有從傳送帶左端滑出，當(dāng)小物塊速

21、度向右達(dá)到1m/s時(shí)運(yùn)動(dòng)的位移為：所以小物塊將以1 m/s的速度從傳送帶右端滑出。故D錯(cuò)誤。10、AD【解析】規(guī)定向下為正方向，依據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)故故A正確；速度的改變量即由自由落體的特點(diǎn)可知得，故故B錯(cuò)誤；依據(jù)動(dòng)量定理， 故由題可知， 得， 故C錯(cuò)誤，D正確；故選AD點(diǎn)睛：由于物體在空中只受重力，所以無(wú)論物體的下落過(guò)程還是從地面反彈的過(guò)程，物體的加速度都是g，位移、速度以及動(dòng)量都是矢量，解題時(shí)要注意正方向.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、11.5 1.5104 12 AC 偏大 【解析】（1）選擇開(kāi)關(guān)置于“25V”時(shí)，選擇表盤(pán)第二排刻度進(jìn)行讀數(shù)，分度值為0.5V，對(duì)應(yīng)刻度示數(shù)為：11.5V（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律得： ，由題圖可得Ig0.8mA，當(dāng)I0.3mA時(shí)，Rx15 k，解得 R內(nèi)15 k1.5104，E12 V（3）根據(jù)電流紅進(jìn)黑出，在題圖b中，電表的右、左插孔處分別標(biāo)注著“+”“”，故A正確；函數(shù)圖象是非線(xiàn)性變化，導(dǎo)致歐姆表刻度不均勻，歐姆表的刻度盤(pán)上的示數(shù)左大右小，由于外電阻增大電路電流減小造成的，故B錯(cuò)誤；歐姆表調(diào)零通過(guò)調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R0，調(diào)節(jié)至待測(cè)電阻Rx為零（即兩表筆短接）時(shí)，電流表滿(mǎn)偏，對(duì)應(yīng)歐姆表示數(shù)為零，故C正確；歐姆表刻度不均