1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在繞地球的圓形軌道上飛行的航天飛機上，將質量為m的物體掛在一個彈簧秤上，若軌道處的重

2、力加速度為g，則下面說法中正確的是( )A物體所受的合外力為mg，彈簧秤的讀數為零B物體所受的合外力為零，彈簧秤的讀數為mgC物體所受的合外力為零，彈簧秤的讀數為零D物體所受的合外力為mg，彈簧秤的讀數為mg2、如圖所示,豎直面內有一圓環,圓心為O ,水平直徑為AB ,傾斜直徑為MN ，AB 、MN 夾角為,一不可伸長的輕繩兩端分別固定在圓環的M 、N 兩點,輕質滑輪連接一重物,放置在輕繩上,不計滑輪與輕繩摩擦與輕繩重力，圓環從圖示位置順時針緩慢轉過2的過程中，輕繩的張力的變化情況正確的是（ ）A逐漸增大B先增大再減小C逐漸減小D先減小再增大3、如圖所示為某汽車在平直公路上啟動時發動機功率隨時

3、間變化的圖象為發動機的額定功率已知在時刻汽車的速度已經達到最大汽車受到的空氣阻力與地面摩擦力之和隨速度增大而增大由此可得（ ）A在時間內，汽車一定做勻加速運動B在時間內，汽車一定做勻速運動C在時間內，汽車一定做勻速運動D在時刻，汽車速度一定等于4、下列描述正確的是（ ）A平拋運動的物體在相等的時間間隔內，速率的改變量相等B牛頓指出：如果運動中的物體沒有受到力的作用，它將繼續以同一速度沿同一直線運動，既不停下來也不偏離原來的方向C運動的物體才受滑動摩擦力，且其方向與運動方向一定相反D速度的變化量、加速度、力都是矢量，且對應的國際單位制中的單位符號分別為：m/s、m/s2、N5、某同學設想駕駛一輛

4、“陸地太空”兩用汽車(如圖)，沿地球赤道行駛并且汽車相對于地球速度可以增加到足夠大當汽車速度增加到某一值時，它將成為脫離地面繞地球做圓周運動的“航天汽車”不計空氣阻力，已知地球的半徑R6400km下列說法正確的是( )A汽車在地面上速度增加時，它對地面的壓力增大B當汽車速度增加到19km/s，將離開地面繞地球做圓周運動C此“航天汽車”環繞地球做圓周運動的最小周期為1hD在此“航天汽車”上可以用彈簧測力計測量物體的重力6、如圖，由均勻的電阻絲組成的等邊三角形導體框，垂直磁場放置，將AB兩點接入電壓恒定的電源兩端，通電時電阻絲AB段受到的安培力為F，則此時三根電阻絲受到的安培力的合力大小為AFB1

5、.5FC2FD3F二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、從同一高度水平拋出的物體，在空中運動一段時間，落到同一水平地面上在不計空氣阻力的條件下，由平拋運動規律可知A水平初速度越大，物體在空中運動的時間越長B質量越大，物體在空中運動的時間越短C水平初速度越大，物體的水平位移越大D水平初速度越大，物體落地時的速度越大8、以下給出的核反應方程中，說法正確的是（ ）A12H+13H24He+X， X為中子，核反應為聚變B714N+24He817O+Y，Y為質子，核反應為聚變C2

6、4He+1327Al1530P+Z，Z為中子，核反應為聚變D92235U+01n56144Ba+3689Kr+K，K為3個中子，核反應為裂變9、如圖D、E、F、G為地面上水平間距相等的四點，三個質量相同的小球A、B、C分別在E、F、G的正上方不同高度處，以相同的水平初速度向左拋出，最后均落到D點。若不計空氣阻力，則可判斷A、B、C三個小球（ ）A初始位置離地面的高度之比為1:4:9B落地時重力的瞬時功率之比為1:2:3C落地時三個小球的速度大小之比為1:2:3D從拋出到落地過程中，動能的變化量之比為1:3:510、 “等效”是簡化電路的一種常用方法。下面四個方框中的電路都可視為一個新的等效電源

7、：甲中是一個電動勢為E、內電阻為r的電源和一阻值為R0的定值電阻串聯；乙中是一個電動勢為E、內電阻為r的電源和一阻值為R0的定值電阻并聯；丙中是一個電壓為E的恒壓源與阻值為R0的定值電阻串聯；丁中是一個電流為I的恒流源與阻值為R0的定值電阻并聯，且E=I R0；下列關于這四個等效電源的電動勢和內阻的說法正確的是（ ）ABCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為描繪小燈泡L “3V， 1.5W”的伏安特性曲線，某同學根據如下可供選擇的器材設計了如圖所示電路（電路還沒有完全接好） A電流表（量程1.6 A，內阻約1)B電壓表（量程3

8、V，內阻約3k)C滑動變阻器（211，13A)D滑動變阻器（11，2 A)E電池組（電動勢約3V，內阻未知）F開關，帶夾子的導線若干G待測小燈泡(1)實驗中滑動變阻器應選擇_(填“C”或“D”)，請以筆畫線代替導線將尚未連接好的電壓表連入電路中_(2)在該同學連接最后一根導線的c端到直流電源正極之前，請指出其中的兩個不當之處：I_；_(3)改正上述兩個不當之處后，他在測量中發現，無論如何調節滑動變阻器的滑片，電壓表和電流表的示數均不能取到較小值，其原因可能是導線_(填圖中導線代號)沒有連接好(4)正確連接電路并排除故障后，通過調節滑動 變阻器，得到多組電壓表和電流表的示數如下表所示，根據表中數

9、據，在所給方格紙中描點并作出該燈泡的伏安特性曲線_ 12（12分）某物理興趣小組利用如圖甲所示的裝置進行實驗在足夠大的水平平臺上的A點放置一個光電門，水平平臺上A點右側摩擦很小可忽略不計，左側為粗糙水平面，當地重力加速度大小為g，采用的實驗步驟如下：在小滑塊a上固定一個寬度為d的窄擋光片；用天平分別測出小滑塊a（含擋光片）和小球b的質量ma、mb；a和b間用細線連接，中間夾一被壓縮了的輕彈簧，靜止放置在平臺上；細線燒斷后，a、b瞬間被彈開，向相反方向運動；記錄滑塊a通過光電門時擋光片的遮光時間t；滑塊a最終停在C點（圖中未畫出），用刻度尺測出AC之間的距離Sa；小球b從平臺邊緣飛出后，落在水平

10、地面的B點，用刻度尺測出平臺距水平地面的高度h及平臺邊緣鉛垂線與B點之間的水平距離Sb；改變彈簧壓縮量，進行多次測量（1）a球經過光電門的速度為：_（用上述實驗數據字母表示）（2）該實驗要驗證“動量守恒定律”，則只需驗證等式_成立即可（用上述實驗數據字母表示）（3）改變彈簧壓縮量，多次測量后，該實驗小組得到與Sa的關系圖象如圖乙所示，圖線的斜率為k，則平臺上A點左側與滑塊a之間的動摩擦因數大小為_（用上述實驗數據字母表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一汽球從地面上以v0=6 m/s的速度豎

11、直向上勻速升起，當氣球的下端距地面h=13 m高時，在氣球的正下方緊貼地面將一小球豎直上拋，小球的初速度v1=14 m/s，不計小球的大小，小球在運動中所受的空氣阻力大小總等于重力的0.1倍，g取10 m/s1求：（1）小球上升過程的加速度為多大；（1）判斷小球能否擊中氣球若能擊中，計算出小球擊中氣球時的速度大小；若不能擊中，計算小球落地的速度大小（計算結果可保留最簡根號）14（16分）如圖所示，AB為固定在豎直面內、半徑為R的四分之一圓弧形光滑軌道，其末端端切線水平，且距水平地面的高度也為R；1、2兩小滑塊均可視為質點用輕細繩拴接在一起，在它們中間夾住一個被壓縮的微小輕質彈簧兩滑塊從圓弧形軌

12、道的最高點A由靜止滑下，當兩滑塊滑至圓弧形軌道最低點時，拴接兩滑塊的細繩突然斷開，彈簧迅速將兩滑塊彈開，滑塊2恰好能沿圓弧形軌道運動到軌道的最高點已知，滑塊1的質量，滑塊2的質量，重力加速度g取，空氣阻力可忽略不計求：兩滑塊一起運動到圓弧形軌道最低點細繩斷開前瞬間對軌道的壓力的大小；在將兩滑塊彈開的整個過程中彈簧釋放的彈性勢能；滑塊2的落地點與滑塊1的落地點之間的距離15（12分）如圖所示，豎直平面內有一半徑為r、電阻為R1、粗細均勻的光滑半圓形金屬環，在M、N處與相距為1r、電阻不計的平行光滑金屬軌道ME、NF相接，EF之間接有電阻R1，已知R111R，R14R 在MN上方及CD下方有水平方

13、向的勻強磁場I和，磁感應強度大小均為B現有質量為m、電阻不計的導體棒ab，從半圓環的最高點A處由靜止下落，在下落 過程中導體棒始終保持水平，與半圓形金屬環及軌道接觸良好，設平行軌道足夠長已知導體棒ab下落r/1時的速度大小為v1，下落到MN處的速度大小為v1(1)求導體棒ab從A下落r/1時的加速度大小(1)若導體棒ab進入磁場后棒中電流大小始終不變，求磁場I和之間的距離h和R1上的電功率P1(3)若將磁場的CD邊界略微下移，導體棒ab剛進入磁場時速度大小為v3，要使其在外力F作用下做勻加速直線運動，加速度大小為a，求所加外力F隨時間變化的關系式參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分

14、，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】在繞地球的圓形軌道上飛行的航天飛機上，物體處于完全失重狀態，根據牛頓第二定律分析彈簧秤的讀數。【詳解】在繞地球的圓形軌道上飛行的航天飛機上，物體所受的合外力等于重力mg，根據牛頓第二定律，物體的加速度為g，物體處于完全失重狀態，彈簧秤的讀數為零，A正確，BCD錯誤。【點睛】在軌道運動的航天飛機處于完全失重狀態，在地面上由于重力產生的現象消失，彈簧稱不能用來測量物體的重力。2、B【解析】M、N連線與水平直徑的夾角越大，M、N之間的水平距離越小，輕繩與豎直方向的夾角越小，根據，輕繩的張力越小，故圓環從圖示位置順時針緩慢轉

15、過2的過程，輕繩的張力先增大再減小，故B正確，ACD錯誤；故選B3、D【解析】A時間內汽車的功率均勻增加，由于阻力隨著速度的增大而增大，故汽車在這一過程受到的合力不可能為恒力；故不可能做勻加速直線運動，故A錯誤；B汽車時刻達到額定功率，根據，速度繼續增大，牽引力減小，則加速度減小，時間內汽車做加速度減小的加速運動，當加速度為零時，即牽引力等于阻力，汽車速度達到最大，而汽車在時刻已達到最大速度，故B錯誤；CD時間內汽車做加速度減小的加速運動，在時間內，汽車已達到最大速度，且功率保持不變，故汽車一定做勻速運動，時刻，汽車速度一定等于，故C錯誤，D正確；故選D【點睛】在0t1時間內，汽車的功率均勻增

16、加，根據牛頓第二定律分析加速度，從而判斷出汽車的運動情況當輸出功率達到額定功率，根據P=Fv，根據速度的變化判斷牽引力的變化，從而判斷出加速度的變化4、D【解析】平拋運動的物體在相等的時間間隔內，速度改變量相等，但速率的改變量不一定相等，故A錯誤；笛卡兒指出：如果運動中的物體沒有受到力的作用，它將繼續以同一速度沿同一直線運動，既不停下來也不偏離原來的方向，符合歷史事實故B錯誤；靜止的物體也可以滑動摩擦力，只要其他物體與該物體間相對運動即可能產生滑動摩擦力，故C錯誤速度的變化量、加速度、力都是矢量且對應的國際單位制位符號分別為：m/s、m/s2、N；故D正確；故選D5、B【解析】試題分析：汽車沿

17、地球赤道行駛時，由重力和支持力的合力提供向心力，由牛頓第二定律分析速度減小時，支持力的變化，再由牛頓第三定律確定壓力的變化當速度增大時支持力為零，汽車將離開地面繞地球圓周運動根據第一宇宙速度和地球半徑求出“航天汽車”環繞地球做圓周運動的最小周期為1h在此“航天汽車”上物體處于完全失重狀態，不能用彈簧測力計測量物體的重力汽車沿地球赤道行駛時，由重力和支持力的合力提供向心力設汽車的質量為m，支持力為F，速度為v，地球半徑為R，則由牛頓第二定律得， ，當汽車速度v減小時，支持力F增大，則汽車對對地面的壓力增大，故A錯誤；1.9km/s是第一宇宙速度，當汽車速度時，汽車將離開地面繞地球做圓周運動，成為

18、近地衛星，故B正確；“航天汽車”環繞地球做圓周運動時半徑越小，周期越小，則環繞地球附近做勻速圓周運動時，周期最小最小周期，v=1.9km/s，R=6400km，代入解得T=5081s=1.4h，“航天汽車”環繞地球做圓周運動的最小周期為1.4h，故C錯誤；在此“航天汽車”上物體處于完全失重狀態，不能用彈簧測力計測量物體的重力，故D錯誤6、B【解析】均勻的電阻絲組成的等邊三角形導體框，電阻絲ACB阻值是電阻絲AB阻值的2倍，電阻絲AB與電阻絲ACB并聯，所以電阻絲ACB中電流是電阻絲AB中電流的；電阻絲ACB在磁場中的有效長度與電阻絲AB的長度相等，則電阻絲ACB所受安培力是電阻絲AB所受安培力

19、的，即電阻絲ACB所受安培力為；電阻絲AB與電阻絲ACB所受安培力的方向相同，所以三根電阻絲受到的安培力的合力故B項正確，ACD三項錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】試題分析：平拋運動的物體在豎直方向上做自由落體運動，其運動時間取決于下落的高度，即，與初速度、物體的質量無關，AB錯誤；平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，所以有水平位移，在高度相同的情況下，物體的初速度越大，水平位移越大，C正確；根據運動的合成可得：，在高度相同的情況下，物體的初速度越

20、大，物體落地的速度越大，D正確；考點：考查了平拋運動規律的應用8、AD【解析】12H+13H24He+X， X電荷數為0，質量數為1，則為中子，核反應為聚變反應，選項A正確；714N+24He817O+Y，Y電荷數為1，質量數為1，則為質子，核反應為人工轉變方程，選項B錯誤；24He+1327Al1530P+Z，Z電荷數為0，質量數為1，為中子，核反應為人工轉變方程，選項C錯誤；92235U+01n56144Ba+3689Kr+K，K的質量總數為235+1-144-89=3，總電荷數為0，則為3個中子，核反應為重核的裂變方程，選項D正確；故選AD.9、AB【解析】由題意知，小球在水平方向的位移

21、之比，小球在水平方向做勻速直線運動，根據可知小球的運動時間之比為，小球在豎直方向上做自由落體運動，根據公式，則拋出點的高度之比為，A正確；重力做功功率，而，故，結合可得落地時重力的瞬時功率之比為1：2：3，B正確；因為落地速度為，而落地時豎直方向上的速度之比為1：2：3，所以落地的合速度之比不等于1：2：3，C錯誤；由動能定理得，動能的變化量，根據可知動能的變化量之比為1：4：9，D錯誤10、AC【解析】甲圖中的等效電動勢為：，等效內阻為：，乙圖的等效電動勢為：，等效內阻：，丙圖的等效電動勢為：，等效內阻為：，丁圖的等效電動勢：，等效內阻：，則：，故AC正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分

22、。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、D 連接電路時沒有斷開開關 滑動變阻器的滑片P的位置沒有置于b端 【解析】(1)12根據圖像可知，電路采取的分壓式接法，為方便實驗操作，滑動變阻器應選最大阻值較小的D，電路如下：(2)34 由電路圖可知，在連接電路時，沒有斷開開關；滑片沒有移到分壓電路分壓為零的位置即滑片沒有置于b端(3)5 實驗時，無論如何調節滑動變阻器的滑片，電壓表和電流表的示數均不能取到較小值，滑動變阻器被接成了限流接法，由電路圖可知，導線沒有接好(4)6通過描點做圖得到12、 【解析】（1）1燒斷細線后，a向左運動，經過光電門，根據速度公式可知，a經過光電門的

23、速度；（2）2b離開平臺后做平拋運動，根據平拋運動規律可得：sb=vbt解得：若動量守恒，設向右為正，則有：0=mbvb-mava即（3）3對物體a由光電門向左運動過程分析，則有：va2=2asa經過光電門的速度：由牛頓第二定律可得：聯立可得：則由圖象可知：解得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）-11 m/s1（1）【解析】（1）以向上為正方向，對小球-mg-f=ma解得：a=-11 m/s1（1）當小球上升到速度與氣球的速度相同時，所用的時間為t1,v1=v1+at1，解得t1=1.5s此時氣球離地的高度h1=h+v0t1=11m小球離地面的高度h1=v1t1+=11.5m由于h1h1，故能擊中設擊中所用的時間為t，滿足h+v0t=v1t+ 解得t=，t=（舍）則小球擊中氣球的速度為v=v1+at=6+1(m/s)14、 (1) (2)E彈=0.90J (3)【解析】（1）設兩滑塊一起滑至軌道最低點時的速度為，所受軌道的支持力為，兩滑塊一起沿圓弧形軌道下滑到端的過程，根據機械能守恒定律有：代入數據解得：，對于兩滑塊在軌道最低點，根據牛頓第二定律有：，解得：，根據牛頓第三定律可知,兩滑