1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，ABCD是一個(gè)盆式容器，盆內(nèi)側(cè)壁與盆底BC的連接處都是一段與BC相切的圓弧，BC是水平的，其距離d0.60 m盆邊緣的高度為h0.30 m在A處放一個(gè)質(zhì)

2、量為m的小物塊并讓其從靜止開始下滑已知盆內(nèi)側(cè)壁是光滑的，而盆底BC面與小物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.10.小物塊在盆內(nèi)來回滑動(dòng)，最后停下來，則停的地點(diǎn)到B的距離為()A0.60 m B0.30 m C0.10 m D02、一個(gè)質(zhì)量為的物體以a2g的加速度豎直向下運(yùn)動(dòng)，則在此物體下降h高度的過程中，下列說法正確的是（ ）A物體的重力勢能減少了2mghB物體的動(dòng)能增加了2mghC物體的機(jī)械能保持不變D物體的機(jī)械能增加了2mgh3、世界上沒有永不謝幕的傳奇，NASA的“卡西尼”號(hào)探測器進(jìn)入圖形探測任務(wù)的最后篇章。據(jù) NASA報(bào)道，“卡西尼”2017年4月26日首次到達(dá)土星和土星內(nèi)環(huán)（碎冰塊、巖石塊、塵埃

3、等組成）之間，并在近圓軌道做圓周運(yùn)動(dòng)。在極其稀薄的大氣作用下開啟土星探測之旅的。最后階段-“大結(jié)局”階段。這一階段將持續(xù)到2017年9月中旬，直至墜向土星的懷抱。若“卡西尼”只受土星引力和稀薄氣體阻力的作用，則A4月26日，“卡西尼”在近圓軌道上繞土星的角速度小于內(nèi)環(huán)的角速度B4月28日，“卡西尼”在近圓軌道上繞土星的速率小于內(nèi)環(huán)的速率C5月6月間，“卡西尼”的動(dòng)能越來越大D6月8月間，“卡西尼”的動(dòng)能、以及它與火星的引力勢能之和保持不變4、物體在恒定的合力作用下做直線運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間t1內(nèi)動(dòng)能由零增大到EK，在時(shí)間t2內(nèi)動(dòng)能由EK增加到2EK，設(shè)合力在時(shí)間t1內(nèi)做的功為W1，沖量為I1，在時(shí)間t

4、2內(nèi)做的功是W2，沖量為I2，則AI1I2，W1I2，W1W2DI1I2，W1W25、在物理學(xué)中突出問題的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的“物理模型”，并將其作為研究對象，是經(jīng)常采用的一種科學(xué)研究方法下列選項(xiàng)中采用這種科學(xué)研究方法的是（）A質(zhì)點(diǎn)B參考系C重心D電阻6、地質(zhì)勘探發(fā)現(xiàn)某地區(qū)表面的重力加速度發(fā)生了較大的變化，懷疑地下有空腔區(qū)域進(jìn)一步探測發(fā)現(xiàn)在地面P點(diǎn)的正下方有一球形空腔區(qū)域儲(chǔ)藏有天然氣，如圖所示假設(shè)該地區(qū)巖石均勻分布且密度為，天然氣的密度遠(yuǎn)小于，可忽略不計(jì)如果沒有該空腔，地球表面正常的重力加速度大小為g；由于空腔的存在，現(xiàn)測得P點(diǎn)處的重力加速度大小為kg(kI2.故選C5、A【解

5、析】質(zhì)點(diǎn)是為了方便研究問題而引入的理想化模型，在現(xiàn)實(shí)中是不存在的，故從科學(xué)方法上來說屬于建立理想模型法，A正確6、D【解析】地球表面正常的重力加速度大小為,由于空腔的存在，現(xiàn)測得P點(diǎn)處的重力加速度大小為，則空腔體積大小的巖石對物體吸引產(chǎn)生的加速度為，結(jié)合萬有引力定律，即，解得：，故D項(xiàng)正確，ABC錯(cuò)誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABD【解析】A帶電粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，垂直AC邊射出的粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是T，即則得周期T=4t0故A正確；B由得故B正

6、確；C設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長的粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡所對的圓心角為，則有得畫出該粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖，設(shè)軌道半徑為R，由幾何知識(shí)得可得故C錯(cuò)誤；D根據(jù)，解得故D正確。故選ABD。【點(diǎn)睛】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)解題一般程序是：1、畫軌跡：確定圓心，幾何方法求半徑并畫出軌跡。2、找聯(lián)系：軌跡半徑與磁感應(yīng)強(qiáng)度、速度聯(lián)系；偏轉(zhuǎn)角度與運(yùn)動(dòng)時(shí)間相聯(lián)系，時(shí)間與周期聯(lián)系。3、用規(guī)律：牛頓第二定律和圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。8、CD【解析】ABC、第2s內(nèi)物體做勻速運(yùn)動(dòng)，拉力等于摩擦力，即，在v-t圖象中，斜率代表加速度，第1秒內(nèi)加速度為，根據(jù)牛頓第二定律可得，解得，在v-t圖象中，與時(shí)間軸所圍面積為物體所圍面積，第1

7、秒內(nèi)位移為，第2秒內(nèi)位移為，第3秒內(nèi)位移為，在03s時(shí)間內(nèi)，物體的位移大小為；第1秒內(nèi)拉力做功，第2秒內(nèi)拉力做功，在03s時(shí)間內(nèi)，克服摩擦力做功為，故C正確，A、B錯(cuò)誤；D、第3秒內(nèi)加速度大小為，根據(jù)牛頓第二定律可得，解得第3秒內(nèi)拉力為，拉力的功率為，故D正確；故選CD【點(diǎn)睛】關(guān)鍵是知道在v-t圖象中，斜率代表加速度，結(jié)合牛頓第二定律求得拉力的大小關(guān)系，在v-t圖象中，與時(shí)間軸所圍面積為物體的位移9、AD【解析】A神舟十號(hào)與天宮一號(hào)實(shí)施對接，需要神舟十號(hào)抬升軌道，即神舟十號(hào)開動(dòng)發(fā)動(dòng)機(jī)加速做離心運(yùn)動(dòng)使軌道高度抬長與天宮一號(hào)實(shí)現(xiàn)對接，故“神舟十號(hào)”在M點(diǎn)加速，可以在P點(diǎn)與“天宮一號(hào)”相遇，故正確；

8、B神舟十號(hào)與天宮一號(hào)實(shí)施對接，需要神舟十號(hào)抬升軌道，即神舟十號(hào)開動(dòng)發(fā)動(dòng)機(jī)加速做離心運(yùn)動(dòng)使軌道高度抬長與天宮一號(hào)實(shí)現(xiàn)對接，故B錯(cuò)誤；C根據(jù)萬有引力提供向心力解得可知衛(wèi)星軌道高度越大線速度越小，故C錯(cuò)誤；D根據(jù)萬有引力提供向心力解得可知軌道半徑越大，周期越大，“神舟十號(hào)”變軌后的運(yùn)行周期總大于變軌前，故D正確。故選：AD。10、ABC【解析】物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度 ，由牛頓定律可得 解得，選項(xiàng)A正確；滑塊在壓縮彈簧的過程中機(jī)械能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，則滑塊的機(jī)械能減小，選項(xiàng)B正確；，則彈簧儲(chǔ)存的最大彈性勢能為，選項(xiàng)C正確；滑塊從C點(diǎn)返回到A點(diǎn)的過程中，從C到B彈力做功，機(jī)械能變大，從B到A機(jī)械能

9、不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選ABC.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.50 0.5 CD 【解析】(1)1由圖乙所示可知，遮光條寬度d為滑塊經(jīng)過M點(diǎn)的速度v為(2)2滑塊從M運(yùn)動(dòng)到N的過程，根據(jù)動(dòng)能定理可知又聯(lián)立解得(3)3由得圖像的斜率由圖丙得解得(4)4A增大遮光條的寬度，遮光條通過光電門的運(yùn)動(dòng)與勻速運(yùn)動(dòng)越不接近，用求速度誤差增大，故A錯(cuò)誤；B圓弧軌道是否光滑對實(shí)驗(yàn)結(jié)果沒有影響，故B錯(cuò)誤；C木板必須保持水平，否則重力對滑塊要做功，誤差增大，故C正確；D滑塊釋放時(shí)的位置適當(dāng)高些，遮光條通過光電門的速度增大，越接近勻速運(yùn)動(dòng)，速度測量誤差

10、越小，故D正確。故選CD。12、大 （F-mg）(h+x1) 圖像斜率近似為1 【解析】(1)1由于滑輪的摩擦，若把力傳感器裝在右側(cè)輕繩上則實(shí)驗(yàn)的誤差會(huì)更大；(2)2計(jì)數(shù)點(diǎn)5的瞬時(shí)速度則系統(tǒng)動(dòng)能的增加量3外力做的功(3)4對鋁塊由動(dòng)能定理得如果圖像斜率近似為1時(shí)，可知外力做的功等于動(dòng)能的增加量。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)T=4mg (2)UOP=15mgL4L【解析】(1)小球受電場力向上，qE=3mg，與重力場合成為等效場，可得：qE-mg=mg效，則g效=2g，方向豎直向上故小球在等效場運(yùn)動(dòng)到

11、“等效最低點(diǎn)”時(shí)速度最大，即在繩豎直時(shí)繩被拉斷由動(dòng)能定理：mg效L=12mvmax2-0在“等效最高點(diǎn)”，由牛頓第二定律：T-mg效=mvmax2L聯(lián)立解得：T=4mg(2)繩斷后，小球受等效重力向上，水平速度，做類平拋運(yùn)動(dòng)水平：L=vmaxt豎直：h=12g效t2聯(lián)立可知：h=L4由勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)關(guān)系得：UOP=E(L+h)=15mgL4L【點(diǎn)睛】本題考查了等效場中的圓周運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵要找到等效重力加速度和等效最高點(diǎn)與等效最低點(diǎn)；明確繩子斷裂后小球的運(yùn)動(dòng)情況，采用運(yùn)動(dòng)的分解法研究類平拋運(yùn)動(dòng).14、 (1) ；(2) 【解析】(1)木塊豎直方向受力平衡：對木塊利用牛頓第二定律：對整體利用牛頓第二定律：解得：(2)因?yàn)樗阅緣K與鐵箱不能一起減速木塊：鐵箱：設(shè)鐵箱經(jīng)過時(shí)間t停止運(yùn)動(dòng)鐵箱發(fā)生的位移設(shè)鐵箱停止時(shí)木塊發(fā)生的位移為x1，速度為v1鐵箱停止后，木塊繼續(xù)運(yùn)動(dòng)的位移為x2